Question

8．如圖所示，在xoy平面的第II象限內(nèi)有半徑為R的圓分別與x軸、y軸相切于P、Q兩點，圓內(nèi)存在垂直于xoy面向外的勻強(qiáng)磁場．在第I象限內(nèi)存在沿軸y負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度為E．一帶正電的粒子（不計重力）以速率v₀從P點射入磁場后恰好垂直y軸進(jìn)入電場，最后從M（3R，0）點射出電場，出射方向與x軸正方向夾角為α，且滿足α=45°，求：

（1）帶電粒子的比荷；
（2）磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大��；
（3）粒子從P點入射磁場到M點射出電場的時間．

Answer 1

分析 （1）粒子垂直于電場進(jìn)入第一象限，粒子做類平拋運動，由到達(dá)M的速度方向可利用速度的合成與分解得知該點y方向的速度．結(jié)合牛頓第二定律求得粒子的比荷；
（2）根據(jù)運動學(xué)的公式，求出粒子進(jìn)入電場時的位置，畫出粒子運動的軌跡，根據(jù)圖象中的幾何關(guān)系求出粒子運動的半徑，根據(jù)半徑公式r=$\frac{mv}{qB}$求出磁感應(yīng)強(qiáng)度；
（3）粒子在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動，利用洛倫茲力提供向心力的公式，求出在磁場中運動的軌跡半徑，利用幾何關(guān)系求出cosθ之值．

解答 解：（1）M處，根據(jù)平拋運動規(guī)律：
v_y=v₀tanα
qE=ma
v_y=at₃
3R=v₀t₃
解得：$\frac{q}{m}$=$\frac{{{v}_{0}}^{2}}{3RE}$
（2）粒子運動軌跡如圖，設(shè)O₁為磁場的圓心，O₂為粒子軌跡圓心，P′為粒子射出磁場的位置，則：

P′O₂∥PO₁P₁；
速率v₀從P點射入磁場后恰好垂直y軸進(jìn)入電場，
那么四邊形O₁O₂P′P是菱形，
因此粒子的軌道半徑為：r=R
Bqv₀=m$\frac{{{v}_{0}}^{2}}{r}$
B=$\frac{3E}{{v}_{0}}$
（3）粒子從N進(jìn)入電場，ON=y，
根據(jù)平拋運動規(guī)律：
y=$\frac{1}{2}$at₃²
qE=ma
3R=v₀t₃
得：y=$\frac{3}{2}$R
t₃=$\frac{3R}{{v}_{0}}$
y=R+Rcosθ
θ=$\frac{π}{3}$
P到P′的時間為t₁，
Bqv₀=m（$\frac{2π}{T}$）²r
t₁=$\frac{（π-θ）}{2π}$T
t₁=$\frac{2πm}{3qB}$=$\frac{2πR}{3{v}_{0}}$
P′N=$\frac{R-Rsinθ}{{v}_{0}}$=$\frac{2-\sqrt{3}}{2{v}_{0}}$R
P到M的總時間為t=t₁+t₂+t₃=$\frac{2πR}{3{v}_{0}}$+$\frac{8-\sqrt{3}}{2{v}_{0}}$R
答：（1）帶電粒子的比荷為$\frac{{{v}_{0}}^{2}}{3RE}$；
（2）磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小為$\frac{3E}{{v}_{0}}$；
（3）粒子從P點入射磁場到M點射出電場的時間為$\frac{2πR}{3{v}_{0}}$+$\frac{8-\sqrt{3}}{2{v}_{0}}$R．

點評 粒子在電場中運動偏轉(zhuǎn)時，常用能量的觀點來解決問題，有時也要運用運動的合成與分解．粒子在磁場中做勻速圓周運動的圓心、半徑及運動時間的確定也是本題的一個考查重點，要正確畫出粒子運動的軌跡圖，能熟練的運用幾何知識解決物理問題．