Question

17．如圖所示，直桿AB與水平面成α角固定，在桿上套一質(zhì)量為m的小滑塊，桿上各處與滑塊之間的動摩擦因素保持不變，桿底端B點處有一彈性擋板，桿與板面垂直，滑塊與擋板碰撞后原速率返回．現(xiàn)將滑塊拉到A點由靜止釋放，滑塊與擋板第一次碰撞后恰好能上升到AB的中點，設(shè)重力加速度為g，下列說法中正確的是（　�。�

• A． 可以求出滑塊下滑和上滑過程加速度的大小a₁、a₂
• B． 取過B點的水平面為零勢能面，則可以判斷滑塊從A下滑至B的過程中，重力勢能等于動能的位置在AB中點的下方
• C． 可以求出滑塊在桿上運動的總路程S
• D． 可以求出滑塊第一次與擋板碰撞時重力做功的瞬時功率P

Answer 1

分析 滑塊運動分兩個階段，勻加速下滑和勻減速上滑，利用牛頓第二定律求出兩端加速度，利用運動學(xué)公式求解加速度；
在求解總路程時，可以用動能定理全程列式求解．

解答 解：A、設(shè)下滑位移為L，到達底端速度為v
由公式v²=2ax得：
下滑過程：v²=2a₂L ①
上滑過程：v²=2a₁$\frac{L}{2}$=a₁L ②
由牛頓第二定律得：
下滑加速度為：a₂=$\frac{mgsinα-f}{m}$③
上滑加速度為：a₁=$\frac{mgsinα+f}{m}$④
①②③④聯(lián)立得：a₂=$\frac{2gsinα}{3}$，a₁=$\frac{4gsinα}{3}$，故A正確；
B、可以考慮到達AB中點時刻，如果沒有摩擦，則機械能守恒，此時動能與重力勢能相等；但實際有摩擦，動能偏小，故需要繼續(xù)下降才可能動能和勢能相等，故B正確；
C、將滑塊拉到A點由靜止釋放能夠下滑，說明重力的下滑分力大于最大靜摩擦力，故最終滑塊停在底端；
對運動全程，根據(jù)動能定理，有：mgLsinα-μmgcosα•S=0-0，
對從釋放到第一次反彈到最高點過程，根據(jù)動能定理，有：mg$\frac{L}{2}$sinα-μmgcosα•$\frac{3}{2}L$=0-0，
聯(lián)立解得：S=$\frac{3L}{tanα}$，不知道L，故C錯誤；
D、由于不知道桿的長度L，故滑塊第一次與擋板碰撞時的速度無法求解，也就不能求解此時重力的瞬時功率，故D錯誤；
故選：AB

點評 解決本題的關(guān)鍵是上滑和下滑時摩擦力方向不同，所以加速度不同，另外抓住連接兩段的橋梁是碰撞前后速度大小相等；在不涉及加速度時，可以根據(jù)動能定理列式判斷．