Question

5．如圖所示，在傾角為θ的光滑斜面上，存在著兩個(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，區(qū)域I的磁場(chǎng)方向垂直斜面向上，區(qū)域II的磁場(chǎng)方向垂直斜面向下，磁場(chǎng)的寬度均為L(zhǎng)，一個(gè)質(zhì)量為m、電阻為R、邊長(zhǎng)也為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)線框，由靜止開(kāi)始沿斜面下滑，t₁時(shí)刻ab邊剛越過(guò)GH進(jìn)人磁場(chǎng)I區(qū)，此時(shí)線框恰好以速度v₁做勻速直線運(yùn)動(dòng)；t₂時(shí)刻ab邊下滑到JP與MN的中間位置，此時(shí)線框又恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度為v₂．重力加速度為g，下列說(shuō)法中正確的有（　�。�

• A． cd邊剛越過(guò)GH時(shí)，線框的加速度大小為a=2gsinθ
• B． 線框兩次勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度v₁：v₂=4：1
• C． 從t₁到t₂過(guò)程中，線框克服安培力做功的大小等于重力勢(shì)能的減少量
• D． 從t₁到t₂過(guò)程中，有$\frac{3mgLsinθ}{2}$+$\frac{m（{{v}_{1}}^{2}-{{v}_{2}}^{2}）}{2}$的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能

Answer 1

分析 當(dāng)ab邊剛越好JP時(shí)，線框的上下兩邊都切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)法拉第定律、歐姆定律求出線圈所受的安培力的大小，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度．
t₁時(shí)刻ab邊剛越GH進(jìn)入磁場(chǎng)I區(qū)域，導(dǎo)線框以速度v₁做勻速直線運(yùn)動(dòng)；t₂時(shí)ab邊下滑到JP與MN的中間位置，此時(shí)線框又恰好以速度v₂做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則知兩次勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，重力沿斜面向下的分力與安培力平衡，列式求解速度v₁：v₂．從t₁到t₂過(guò)程中，線框克服安培力做功的大小等于重力勢(shì)能的減少量與動(dòng)能減小量之和，根據(jù)能量守恒定律求出產(chǎn)生的電能．

解答 解：A、t₁時(shí)刻，線圈做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所受的安培力與重力的下滑分力平衡，則得：F₁=$\frac{{B}^{2}{L}^{2}{v}_{1}}{R}$=mgsinθ；
當(dāng)ab邊剛越好JP時(shí)，線圈的上下兩邊都切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，回路中產(chǎn)生的總感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為 E=2BLv₁，線圈所受的安培力的合力為 F=2BIL=2BL•$\frac{2BL{v}_{1}}{R}$=4mgsinθ
根據(jù)牛頓第二定律得：F-mgsinθ=ma，解得：a=3gsinθ，故A錯(cuò)誤．
B、t₂時(shí)刻，有安培力 F₂=2BLI₂=2BL$\frac{2Bl{v}_{2}}{R}$=$\frac{4{B}^{2}{L}^{2}{v}_{2}}{R}$=mgsinθ，由兩式比較得，v₁：v₂=4：1．故B正確．
C、從t₁到t₂過(guò)程中，導(dǎo)線框克服安培力做功的大小等于回路中產(chǎn)生的焦耳熱，此過(guò)程中，線框的重力勢(shì)能和動(dòng)能均減小，根據(jù)功能關(guān)系得知，線圈克服安培力做功的大小等于重力勢(shì)能的減少量與動(dòng)能減小量之和．故C錯(cuò)誤．
D、根據(jù)能量守恒定律得從t₁到t₂，線框中產(chǎn)生的電能為：E_電=$\frac{3mgLsinθ}{2}$+$\frac{m（{v}_{1}^{2}-{v}_{2}^{2}）}{2}$．故D正確．
故選：BD

點(diǎn)評(píng) 本題中線框出現(xiàn)兩次平衡狀態(tài)，由E=BLv、I=$\frac{E}{R}$、F=BIL推導(dǎo)安培力的表達(dá)式是關(guān)鍵，要注意t₂時(shí)刻線框ab、cd都切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，線框中總電動(dòng)勢(shì)為2BLv．