CuSO4是一種重要的化工原料
(1)在粗制CuSO4?5H2O晶體中常含有雜質(zhì)Fe2+.在提純時(shí)為了除去Fe2+,常加入合適氧化劑,使Fe2+氧化為Fe3+,下列物質(zhì)可采用的是
B
B
.(用符號(hào)表示,下同)
A.KMnO4      B.雙氧水        C.氯水        D.HNO3
然后再加入適當(dāng)物質(zhì)調(diào)整至溶液pH=4,使Fe3+轉(zhuǎn)化為Fe(OH)3,可以達(dá)到除去Fe3+而不損失CuSO4的目的,調(diào)整溶液pH可選用下列中的
CD
CD

A.NaOH        B.氨水            C.CuO         D.Cu(OH)2
(2)甲同學(xué)懷疑調(diào)整至溶液pH=4是否能達(dá)到除去Fe3+而不損失Cu2+的目的,乙同學(xué)認(rèn)為可以通過(guò)計(jì)算確定,他查閱有關(guān)資料得到如下數(shù)據(jù),常溫下Fe(OH)3的溶度積Ksp=8.0×10-38,Cu(OH)2的溶度積Ksp=3.0×10-20,通常認(rèn)為殘留在溶液中的離子濃度小于1×10-5 mol?L-1時(shí)就認(rèn)為沉淀完全,設(shè)溶液中CuSO4的濃度為3.0mol?L-1,則Cu(OH)2開(kāi)始沉淀時(shí)溶液的pH為
4
4
,F(xiàn)e3+完全沉淀時(shí)溶液的pH為
3.3
3.3
,通過(guò)計(jì)算確定上述方案
可行
可行
(填“可行”或“不可行”).
(3)硫酸銅晶體的溶解度雖大,但溶解過(guò)程較慢,實(shí)驗(yàn)室常用熱水配制以加快溶解速率,但常常會(huì)產(chǎn)生渾濁,請(qǐng)用文字簡(jiǎn)要說(shuō)明原因
Cu2+水解產(chǎn)生Cu(OH)2是吸熱反應(yīng),加熱促進(jìn)水解,故產(chǎn)生渾濁
Cu2+水解產(chǎn)生Cu(OH)2是吸熱反應(yīng),加熱促進(jìn)水解,故產(chǎn)生渾濁
,如何才能用熱水配制出澄清的較濃的CuSO4溶液
應(yīng)加入少量H2SO4
應(yīng)加入少量H2SO4
分析:(1)根據(jù)除雜質(zhì)至少要滿(mǎn)足兩個(gè)條件:①加入的試劑只能與雜質(zhì)反應(yīng),不能與原物質(zhì)反應(yīng);②反應(yīng)后不能引入新的雜質(zhì),調(diào)整溶液的pH時(shí),加入的物質(zhì)不能引進(jìn)新的雜質(zhì)粒子.以此來(lái)解答;
(2)依據(jù)氫氧化銅飽和溶液中溶度積常數(shù)計(jì)算溶液中的氫離子濃度計(jì)算PH;結(jié)合氫氧化鐵溶度積和殘留在溶液中的離子濃度小于1×10-5 mol?L-1時(shí)就認(rèn)為沉淀完全;
(3)根據(jù)鹽類(lèi)的水解是吸熱過(guò)程以及升溫對(duì)平衡的影響來(lái)解答;根據(jù)生成物濃度對(duì)水解平衡的影響來(lái)解答.
解答:解:(1)除雜質(zhì)至少要滿(mǎn)足兩個(gè)條件:①加入的試劑只能與雜質(zhì)反應(yīng),不能與原物質(zhì)反應(yīng);②反應(yīng)后不能引入新的雜質(zhì),四個(gè)選項(xiàng)中,只有雙氧水氧化后生成水,雙氧水受熱見(jiàn)光易分解,沒(méi)有多余雜質(zhì);調(diào)整溶液的pH時(shí),加入的物質(zhì)不能引進(jìn)新的雜質(zhì)粒子,氫氧化鈉中含有鈉離子,氨水反應(yīng)后生成銨根離子,所以氫氧化鈉和氨水能引進(jìn)新的雜質(zhì)離子,CuO粉末、Cu(OH)2懸濁液反應(yīng)后生成銅離子和水而不引進(jìn)新的雜質(zhì)離子,故選CD.
故答案為:B;CD;
(2)Cu(OH)2的溶度積Ksp=3.0×10-20,溶液中CuSO4的濃度為3.0mol?L-1,c(Cu2+)=3.0mol?L-1;依據(jù)溶度積常數(shù)c(Cu2+)×c2(OH-)=3.0×10-20 ;c2(OH-)=
3×10-20
3.0
=10-22;得到c(OH-)=10-10mol/L,依據(jù)水溶液中的離子積c(H+)×c(OH-)=10-14;求的c(H+)=10-4mol/L,溶液pH=4,則Cu(OH)2開(kāi)始沉淀時(shí)溶液的pH為4;殘留在溶液中的離子濃度小于1×10-5 mol?L-1時(shí)就認(rèn)為沉淀完全,F(xiàn)e(OH)3的溶度積Ksp=8.0×10-38,c(Fe3+)×c3(OH-)=8.0×10-38;c3(OH-)=
8.0×10-38
1×10-5
=8.0×10-33;求的c(OH-)=2×10-11mol/L;水溶液中的離子積c(H+)×c(OH-)=10-14;c(H+)=5×10-4mol/L,則pH=3.3;通過(guò)計(jì)算可知pH=4能達(dá)到除去Fe3+而不損失Cu2+的目的,則方案可行,
故答案為:4;3.3;可行.
(3)因Cu2+水解產(chǎn)生Cu(OH)2,該反應(yīng)是吸熱反應(yīng),加熱促進(jìn)水解,故產(chǎn)生渾濁;硫酸濃度增大,平衡逆向移動(dòng),能得到澄清的較濃的CuSO4溶液,
故答案為:Cu2+水解產(chǎn)生Cu(OH)2是吸熱反應(yīng),加熱促進(jìn)水解,故產(chǎn)生渾濁;應(yīng)加入少量H2SO4
點(diǎn)評(píng):本題考查了沉淀轉(zhuǎn)化的原理應(yīng)用,除雜的原理應(yīng)用,主要是溶解沉淀的轉(zhuǎn)化關(guān)系的分析應(yīng)用和計(jì)算,題目難度中等.
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科目:高中化學(xué) 來(lái)源: 題型:

CuSO4是一種重要的化工原料,其有關(guān)制備途徑及性質(zhì)如圖所示.下列說(shuō)法不正確的是( 。

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科目:高中化學(xué) 來(lái)源: 題型:

精英家教網(wǎng)CuSO4是一種重要的化工原料,有關(guān)制備途徑及性質(zhì)如圖所示.下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是(  )
A、途徑①所用混酸中H2SO4與HNO3物質(zhì)的量之比最好為3:2B、相對(duì)于途徑①、③,途徑②更好地體現(xiàn)了綠色化學(xué)思想C、生成等量的硫酸銅,三個(gè)途徑中參加反應(yīng)的硫酸的物質(zhì)的量:①=②<③D、利用途徑②制備16g硫酸銅,被還原的硫酸的物質(zhì)的量為0.1mol

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科目:高中化學(xué) 來(lái)源: 題型:

精英家教網(wǎng)CuSO4是一種重要的化工原料,其有關(guān)制備途徑如圖所示.下列說(shuō)法不正確的是( 。
(已知:2Cu+O2+2H2SO4→2CuSO4+2H2O)
A、相對(duì)于途徑①、③,途徑②更好地體現(xiàn)了綠色化學(xué)思想B、途徑③中,1mol Cu與足量濃硫酸反應(yīng)會(huì)產(chǎn)生64g SO2氣體C、途徑①所用混酸中H2SO4與HNO3物質(zhì)的量之比最好為3:2D、1mol Cu分別按照途徑②、③中,被還原的H2SO4的質(zhì)量之比為1:1

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科目:高中化學(xué) 來(lái)源:2013-2014學(xué)年安徽省“江南十!备呷3月聯(lián)考理綜化學(xué)試卷(解析版) 題型:選擇題

CuSO4是一種重要的化工原料,其有關(guān)制備途徑及性質(zhì)如圖所示。下列說(shuō)法不正確的是

A.相對(duì)于途徑①,途徑②更好地體現(xiàn)了綠色化學(xué)思想

BY可以是葡萄糖溶液

C.利用途徑②制備16g硫酸銅,被還原的硫酸的物質(zhì)的量為0.1 mol

D.途徑①所用混酸中H2SO4HNO3物質(zhì)的量之比最好為3:2

 

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