3.以廢舊鋰電池正極材料(含LiCoO2、Al、Cu、Fe等)為原料通過圖1方法獲得CoC2O4和Li2CO3

已知:。甃iCoO2是不溶于水的固體
ⅱ.25℃時,部分電解質(zhì)的Ksp或Ka
弱電解質(zhì)CoC2O4Fe(OH)3NH3•H2OH2C2O4
平衡常數(shù)Ksp=6.3×10-8Ksp=2.79×10-39Ka=1.7×10-5Ka1=5.6×10-2 Ka2=5.4×10-5
回答下列問題:
(1)濾液①的主要成分是Na[Al(OH)4](填化學(xué)式,下同),濾液③中的陰離子除OH-外主要還含有C2O42-、SO42-
(2)反應(yīng)②中H2O2改用鹽酸代替,不妥的原因是鹽酸反應(yīng)后會產(chǎn)生有毒氣體Cl2同時鹽酸不能氧化二價亞鐵;寫出反應(yīng)②中鈷元素化合物與H2O2反應(yīng)的化學(xué)方程式2LiCoO2+3H2SO4+H2O2=2CoSO4+O2↑+Li2SO4+4H2O.
(3)減壓過濾就是抽濾,抽濾操作與普通過濾相比,除了得到沉淀較干燥外,還有一個優(yōu)點是過濾速度快.
(4)若濾液②中c(Co2+)=3.0mol•L-1,加入等體積的(NH42C2O4后,鈷的沉降率達到99.9%,計算濾液③中 c(C2O42-)=4.2×10-5mol•L-1
(5)采用有機物萃取Li+的方法可提取鋰.其中有機物中加入一定量Fe3+以提高萃取率,D為離子在有機層與水層的分配比.圖2是其他條件不變,水相的酸度與D(H+)、D(Li+)的變化圖象.解釋萃取液酸度控制在0.05mol•L-1的原因可抑制萃取劑中Fe3+水解,同時此酸度時,Li+的萃取率較高.(寫2點)
(6)在反應(yīng)③中用草酸銨作沉淀劑,25℃時,(NH42C2O4溶液pH<7(填“=”或“>”或“<”).

分析 根據(jù)題中流程可知,廢舊鋰電池正極材料(含LiCoO2、Al、Cu、Fe等)用氫氧化鈉溶液浸泡,鋁與氫氧化鈉反應(yīng)生成 偏鋁酸鈉,所以濾液①為Na[Al(OH)4]溶液,過濾得濾渣①為LiCoO2、Cu、Fe固體,濾渣中加酸溶解,再加雙氧水氧化亞鐵離子,同時還原Co3+,調(diào)節(jié)pH值,凈化除去銅元素和鐵元素得LiSO4、CoSO4溶液,再加入草酸銨得CoC2O4沉淀,過濾得濾液③為Li2SO4、(NH42C2O4、(NH42SO4溶液,在濾液中加入碳酸鈉溶液,經(jīng)減壓過濾可得Li2CO3,據(jù)此答題;

解答 解:根據(jù)題中流程可知,廢舊鋰電池正極材料(含LiCoO2、Al、Cu、Fe等)用氫氧化鈉溶液浸泡,鋁與氫氧化鈉反應(yīng)生成 偏鋁酸鈉,所以濾液①為Na[Al(OH)4]溶液,過濾得濾渣①為LiCoO2、Cu、Fe固體,濾渣中加酸溶解,再加雙氧水氧化亞鐵離子,同時還原Co3+,調(diào)節(jié)pH值,凈化除去銅元素和鐵元素得LiSO4、CoSO4溶液,再加入草酸銨得CoC2O4沉淀,過濾得濾液③為Li2SO4、(NH42C2O4、(NH42SO4溶液,在濾液中加入碳酸鈉溶液,經(jīng)減壓過濾可得Li2CO3,
(1)根據(jù)上面的分析可知,濾液①的主要成分是Na[Al(OH)4],濾液③為Li2SO4、(NH42C2O4、(NH42SO4溶液,所以濾液③中的陰離子除OH-外主要還含有C2O42-、SO42-
故答案為:Na[Al(OH)4];C2O42-、SO42-;
(2)反應(yīng)②中H2O2改用鹽酸代替,會產(chǎn)生氯氣污染空氣,同時鹽酸不能氧化亞鐵離子,反應(yīng)②中鈷元素化合物與H2O2反應(yīng)的化學(xué)方程式為2 LiCoO2+3H2SO4+H2O2=2 CoSO4+O2↑+Li2SO4+4H2O,
故答案為:鹽酸反應(yīng)后會產(chǎn)生有毒氣體Cl2同時鹽酸不能氧化二價亞鐵;2 LiCoO2+3H2SO4+H2O2=2 CoSO4+O2↑+Li2SO4+4H2O;
(3)減壓過濾就是抽濾,抽濾操作與普通過濾相比,除了得到沉淀較干燥外,還有一個優(yōu)點是過濾速度快,
故答案為:過濾速度快;
(4)若濾液②中c(Co2+)=3.0mol•L-1,加入等體積的(NH42C2O4后,鈷的沉降率達到99.9%,則沉淀后溶液中c(Co2+)=3.0×$\frac{1}{2}$×0.1%mol•L-1=1.5×10-3 mol•L-1,所以濾液③中 c(C2O42-)=$\frac{Ksp(CoC{\;}_{2}O{\;}_{4})}{c(C{o}^{2+})}$=4.2×10-5 mol•L-1,
故答案為:4.2×10-5 mol•L-1;
(5)萃取液酸度控制在0.05mol•L-1的可以抑制鐵離子的水解,同時,根據(jù)圖可知,此酸度時,Li+的萃取率較高,
故答案為:可抑制萃取劑中Fe3+水解,同時此酸度時,Li+的萃取率較高;
(6)由于氨水的Ka=1.7×10-5,草酸的Ka2=5.4×10-5,所以銨根離子的水解程度大于草酸根離子的水解程度,所以(NH42C2O4溶液pH<7,
故答案為:<.

點評 本題CoC2O4和Li2CO3的制備為載體,考查氧化還原反應(yīng)、化學(xué)工藝流程、離子濃度計算、鹽類的水解等,側(cè)重考查學(xué)生對化學(xué)反應(yīng)原理的理解,注意仔細審題,從題目中獲取關(guān)鍵信息,難度中等.

練習(xí)冊系列答案
相關(guān)習(xí)題

科目:高中化學(xué) 來源: 題型:多選題

13.下列說法正確的是(  )
A.pH=5的NaHSO3溶液中:c(HSO3-)>c(SO32-)>c(H2SO3
B.同濃度的下列溶液中,①NH4HSO4 ②NH4Cl ③NH3•H2O c(NH4+)由大到小的順序是:②>①>③
C.0.2 mol/L CH3COOH溶液和0.2 mol/L CH3COONa溶液等體積混合(忽略混合時體積變化):c(CH3COO-)+c(OH-)-c(H+)=0.1 mol•L-1
D.pH相等的CH3COONa、NaOH和Na2CO3三種溶液:c(NaOH)<c(CH3COONa)<c(Na2CO3

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:選擇題

14.有機物分子中,如果某個碳原子與4個不相同的原子或原子團相連,則這處碳原子叫“手性碳原子”.下列有機物中具有手性碳原子,但與氫氣加成后不再具有手性碳原子的是(  )
A.B.
C.D.

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:實驗題

11.2-硝基甲苯和4-硝基甲苯均可用于印染行業(yè),實驗室利用下列反應(yīng)和裝置制備這兩種物質(zhì)
實驗中可能用到的數(shù)據(jù):

  相對分子質(zhì)量密度/g•cm-3沸點/℃溶解性
甲苯92 0.866110.6不溶于水,易溶于硝基甲苯
2-硝基甲苯 1371.162222不溶于水,易溶于液態(tài)烴
4-硝基甲苯137 1.286237.7不溶于水,易溶于液態(tài)烴
實驗步驟:①按體積比3:1配制濃硫酸與濃硝酸混合物40mL;
②在三頸瓶中加入20.0mL甲苯,按圖所示裝好藥品和其他儀器;
③向三頸瓶中加入混酸,并不斷攪拌(磁力攪拌器已略去);
④控制溫度約為50℃,反應(yīng)大約10min,三頸瓶底有大量淡黃色油狀液體出現(xiàn);
⑤分離出2-硝基甲苯和4-硝基甲苯并稱重,其總總質(zhì)量為13.7g.
(1)在燒杯中配制該實驗所需混酸的方法是分別量取10 mL和30 mL的濃硫酸和濃硝酸,將濃硝酸倒入燒杯中,濃硫酸沿著燒杯內(nèi)壁緩緩注入,并不斷攪拌.
(2)步驟④的關(guān)鍵是控制溫度,其措施有水浴加熱、充分攪拌和控制滴加混酸的速度
分離產(chǎn)物的方案如下:

回答下列問題:
操作ii中會用到下列儀器中的ac(填序號).
a.溫度計b.蒸發(fā)皿c.錐形瓶d.分液漏斗
該實驗中2-硝基甲苯和4-硝基甲苯的總產(chǎn)率為53.2%.
(4)實驗中的無機混合物可以回收再利用,回收前需要測定各成分的濃度,取10.00mL無機混合物,加水稀釋至100.00mL待用,取稀釋液10.00mL,用0.1000mol•L-1NaOH溶液滴定至溶液呈中性,消化NaOH溶液VmL,另取稀釋液10.00mL,加入過量BaCl2溶液,充分反應(yīng)后過濾并將濾渣洗滌、干燥后稱重,質(zhì)量為Wg.
①取10.00mL稀釋液的過程中,酸式滴定管的初始液面為0.20mL,左手控制活塞向錐形瓶中加稀釋液,此時眼睛應(yīng)該平視10.20mL的刻度線.
②設(shè)計簡單實驗證明濾渣已經(jīng)洗滌干凈:取適量最后一次洗滌液于試管中,加入硝酸銀,若不產(chǎn)生白色沉淀,則證明洗滌干凈
③原無機混合物中HNO3的濃度為0.1V-$\frac{2000w}{233}$mol•L-1(用含V和W的代數(shù)式表示)

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:解答題

18.工業(yè)上以黃銅礦(主要成分CuFeS2,鐵為+2 價)為原料制備銅的工藝常有兩種.回答下列問題:
(1)火法熔煉工藝.該工藝經(jīng)過浮選、焙燒、熔煉等程度,在使鐵元素及其他有關(guān)雜質(zhì)進入爐渣的同時,使銅元素還原為粗銅,發(fā)生的主要反應(yīng)為:
2Cu2S(s)+3O2(g)═2Cu2O(s)+2SO2(g)△H=-768.2kJ.mol-1
2Cu2S(s)+Cu2S(s)═6Cu(s)+SO2(g)△H=+116.0kJ.mol-1
①“火法熔煉工藝”中的“焙燒”程序,是在通入少量空氣的情況下使黃銅礦部分脫硫生成焙砂(主要成分是Cu2S 和FeS)和SO2,該反應(yīng)的化學(xué)方程式為2CuFeS2+O2$\frac{\underline{\;高溫\;}}{\;}$Cu2S(s)+2FeS+SO2
②為加快黃銅礦焙燒速率,可采取的措施有將黃銅礦粉碎、升高溫度、增大空氣流速(寫1種).
③在“火法熔煉工藝”中,Cu2S 與等物質(zhì)的量的O2 反應(yīng)生成Cu 的熱化學(xué)方程式為Cu2S(s)+O2(g)=2Cu(s)+SO2(g)△H=-217.4kJ•mol-1
下列處理SO2的方法,合理的是bc(填選項).
a.將反應(yīng)爐建高,采取高空排放           b.用純堿溶液吸收制備亞硫酸鈉
c.用氨水吸收后,再經(jīng)氧化制備硫酸銨     d.用BaCl2 溶液吸收制備BaSO3
(2)FeCl3 溶液浸出工藝.該工藝的主要流程為::

如果只考慮黃銅礦中CuFeS2 參與反應(yīng),則“浸出”后的“濾液”中僅含兩種金屬陽離子,而且最終FeCl3 溶液能全部獲得再生以供循環(huán)使用.
①在“FeCl3溶液浸出工藝”中,“浸出”反應(yīng)的離子方程式為CuFeS2+4Fe3+═Cu2++5Fe2+2S.
②已知“FeCl3溶液浸出工藝”的兩次電解(陽極均為惰性材料)都需要使用陰離子交換膜,其中“一次電解”的兩極反應(yīng)式分別為:陽極Fe2+-e-═Fe3+;陰極Cu2++2e-═Cu.
③當(dāng)一次電解與二次電解正好完成時,兩次電解過程通過電路的電子數(shù)相等,則理論上所得金屬A與金屬B 的物質(zhì)的量之比為1:1.

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:解答題

8.氫氧化鎂是一種用途廣泛、極具開發(fā)前景的環(huán)保材料,廣泛應(yīng)用在阻燃、廢水中和、煙氣脫硫等方面.鎂硅酸鹽礦石(主要成分Mg3Si2O5(OH)4,含氧化鋁、氧化鐵、氧化亞鐵等雜質(zhì))可用于生產(chǎn)氫氧化鎂,簡要工藝流程如圖1:

已知:幾種金屬陽離子的氫氧化物沉淀時的pH如下表所示:
Fe3+Al3+Fe2+Mg2+
開始沉淀時1.53.36.59.4
沉淀完全時3.75.29.712.4
(1)對礦石焙燒的目的是改變礦石結(jié)構(gòu),提高酸浸率.
(2)加入H2O2溶液反應(yīng)的離子方程式是2Fe2++H2O2+2H+=2Fe3++2H2O.
(3)向溶液Ⅰ中加入的X可以是MgO或Mg(OH)2、MgCO3
作用是調(diào)節(jié)溶液pH.
(4)加入氨水時,Mg2+轉(zhuǎn)化率隨溫度t的變化如圖2所示:
①溶液Ⅱ中發(fā)生反應(yīng)的離子方程式是Mg2++2NH3•H2O=Mg(OH)2↓+2NH4+
②t1前Mg2+轉(zhuǎn)化率增大的原因是鎂離子與氨水反應(yīng)是吸熱反應(yīng),升高溫度,平衡右移,Mg2+轉(zhuǎn)化率增大;
t1后Mg2+轉(zhuǎn)化率下降的原因是(用化學(xué)方程式表示)NH3•H2O$\frac{\underline{\;\;△\;\;}}{\;}$NH3↑+H2O.

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:選擇題

15.關(guān)于物質(zhì)結(jié)構(gòu)的下列各種敘述,正確的是( 。
A.含有共價鍵的晶體,一定是原子晶體
B.離子晶體中,一定存在金屬元素和非金屬元素
C.同時含有離子鍵和共價鍵的化合物,既可能是離子化合物,也可能是共價化合物
D.在共價化合物中一定存在共價鍵,但含有共價鍵的不一定是共價化合物

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:多選題

12.化學(xué)與科學(xué)、技術(shù)、社會、環(huán)境密切相關(guān),下列說法正確的是( 。
A.研制乙醇汽油技術(shù),能夠降低機動車尾氣中有害氣體的排放
B.聯(lián)合制堿法生產(chǎn)純堿時,在飽和食鹽水中先通入二氧化碳,再通入氨氣
C.接觸法制備硫酸的過程中,在吸收塔內(nèi)是用大量的水吸收三氧化硫
D.工業(yè)上通過電解熔融氧化鋁制備金屬鋁時,常常加入冰晶石作助熔劑

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:選擇題

13.下列說法不正確的是(  )
A.氟氯烴的肆意排放會加速臭氧層的破壞,使大氣層中的紫外線增強
B.不慎將苯酚沾到皮膚上應(yīng)立即用酒精清洗
C.淀粉、蛋白質(zhì)、油脂均是天然高分子化合物
D.除去乙酸乙酯中少量的乙酸:用飽和碳酸鈉溶液洗滌后分液、干燥、蒸餾即可

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同步練習(xí)冊答案