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2.決定物質性質的重要因素是物質結構.請回答下列問題.
(1)+3價Cr的配合物K[Cr(C2O42(H2O)2]中,配體是C2O42-,H2O,與C2O42-互為等電子體的分子是(填化學式)N2O4
(2)CaO晶胞如圖1所示,與每一個鈣離子距離最近并且距離相等的鈣離子有12 個;CaO晶體和NaCl晶體的晶格能分別為:CaO:3401kJ/mol、NaCl:786kJ/mol. 導致兩者晶格能差異的主要原因CaO帶的電荷數大于NaCl.
(3)Fe(CO)5在一定條件下發(fā)生分解反應:Fe(CO)5(s)═Fe(s)+5CO(g).
反應過程中,斷裂的化學鍵類型是配位鍵(共價鍵),則形成的化學鍵類型是金屬鍵.
(4)從不同角度觀察MoS2的晶體結構見圖2.已知:Mo位于第五周期VIB族.
①下列說法正確的是BD
A.晶體硅中硅原子的軌道雜化類型為sp2
B.電負性:C<S
C.晶體硅和C60比較,熔點較高的是C60
D.Mo元素基態(tài)原子的價電子排布式為4d55s1
E.MoS2的晶體中每個Mo原子周圍距離最近的S原子數目為4
F.MoS2的晶體中Mo-S之間的化學鍵為極性鍵、配位鍵、范德華力
②根據MoS2的晶體結構回答:MoS2納米粒子具有優(yōu)異的潤滑性能,其原因是MoS2具有層狀結構,Mo與S同層間以共價鍵結合,層與層之間通過范德華力結合,在外力作用下層與層間易發(fā)生相對滑動.

分析 (1)K[Cr(C2O42(H2O)2]中配體為C2O42-、H2O,C2O42-互為等電子體的分子具有相同的原子數和價電子數;
(2)由CaO晶胞結構可知,CaO晶體中每個O2-的周圍有6個Ca2+,每個Ca2+的周圍有6個O2-;與每一個鈣離子距離最近并且距離相等的鈣離子是x、y、z平面上各有4個;離子所帶電荷越高、離子半徑越小,晶格能越大,電量影響更大;
(3)C=O鍵中含有1個δ鍵,1個π鍵;Fe與CO之間形成配位鍵,根據生成物判斷形成的化學鍵;
(4)①A.根據價層電子對互斥理論確定其雜化方式,含有4個共價鍵的原子采用sp3雜化;
B.元素的非金屬性越強其電負性越大;
C.原子晶體熔點最大;
D.Mo是42號元素,其原子核外有42個電子,4d和5s電子為其價電子;
E.根據右邊圖判斷每個Mo原子周圍距離最近的S原子數目;
F.提供空軌道和提供孤電子對的原子間易形成配位鍵,配位鍵屬于共價鍵,范德華力不屬于化學鍵;
②MoS2結構和石墨相似,根據石墨結構分析.

解答 解:(1)K[Cr(C2O42(H2O)2]中配體為C2O42-、H2O,C2O42-互為等電子體的分子具有相同的原子數和價電子數,該分子為N2O4,
故答案為:C2O42-、H2O;N2O4;
(2)由CaO晶胞結構可知,CaO晶體中每個O2-的周圍有6個Ca2+,每個Ca2+的周圍有6個O2-,與每一個鈣離子距離最近并且距離相等的鈣離子是x、y、z平面上各有4個,即與每一個鈣離子距離最近并且距離相等的鈣離子有12個,CaO晶體中離子均為二價離子,所帶電量較Na+、Cl-大,晶格能較大,
故答案為:12; CaO帶的電荷數大于NaCl(1分)
(3)Fe(CO)5在一定條件下發(fā)生分解反應:Fe(CO)5=Fe(s)+5CO,反應生成Fe,Fe(CO)5中Fe與CO之間形成配位鍵,則反應過程中,斷裂的化學鍵只有配位鍵(共價鍵),形成金屬鍵,
故答案為:配位鍵(共價鍵);金屬鍵;
(4)①A.晶體硅中每個硅原子和4個硅原子能形成4個共價鍵,所以每個硅原子含有4個σ鍵且不含孤電子對,含有4個共價鍵的原子采用sp3雜化,故A錯誤;
B.元素的非金屬性越強其電負性越大,S元素的非極性大于C元素,所以電負性:C<S,故B正確;
C.硅晶體屬于原子晶體,C60晶體中存在分子間作用力,所以硅晶體熔點高于C60,故C錯誤;
D.Mo是42號元素,其原子核外有42個電子,4d和5s電子為其價電子,所以其價電子排布式為4d55s1,故D正確;
E.根據右邊圖知,每個Mo原子周圍距離最近的S原子數目是6,故E錯誤;
F.提供空軌道和提供孤電子對的原子間易形成配位鍵,配位鍵屬于共價鍵,不同元素之間易形成的配位鍵屬于極性共價鍵,范德華力不屬于化學鍵,故F錯誤;
故答案為:BD;
②MoS2結構和石墨相似,根據圖片知,MoS2具有層狀結構,Mo和S同層間以共價鍵結合,層與層之間通過范德華力結合,外力作用層與層易發(fā)生相對滑動,
故答案為:MoS2具有層狀結構,Mo與S同層間以共價鍵結合,層與層之間通過范德華力結合,在外力作用下層與層間易發(fā)生相對滑動.

點評 本題考查較為綜合,側重物質結構與性質的考查,涉及知識點較多,涉及價電子對互斥理論、構造原理、電負性、配位化合物、晶體結構等,注重?伎键c的考查,題目難度中等.

練習冊系列答案
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科目:高中化學 來源: 題型:解答題

9.磷礦石主要以[Ca3(PO42•H2O]和磷灰石[Ca5F(PO43,Ca5(OH)(PO43]等形式
存在,圖(a)為目前國際上磷礦石利用的大致情況,其中濕法磷酸是指磷礦石用過量硫酸分解制備磷酸,圖(b)是熱法磷酸生產過程中由磷灰石制單質磷的流程:

部分物質的相關性質如下:
熔點/℃沸點/℃備注
白磷44280.5
PH3-133.8-87.8難溶于水、有還原性
SiF4-90-86易水解
回答下列問題:
(1)世界上磷礦石最主要的用途是生產含磷肥料,約占磷礦石使用量的69%%;
(2)以磷礦石為原料,濕法磷酸過程中Ca5F(PO43反應的化學方程式為:Ca5F(PO43+5H2SO4=3H3PO4+5CaSO4+HF↑.現有1t折合含有P2O5約30%的磷灰石,最多可制得到85%的商品磷酸0.49t.
(3)如圖(b)所示,熱法磷酸生產過程的第一步是將SiO2、過量焦炭與磷灰石混合,高溫反應生成白磷.爐渣的主要成分是CaSiO3(填化學式).冷凝塔1的主要沉積物是液態(tài)白磷,冷凝塔2的主要沉積物是固態(tài)白磷.
(4)尾氣中主要含有SiF4、CO,還含有少量的PH3、H2S和HF等.將尾氣先通入純堿溶液,可除去SiF4、H2S、HF;再通入次氯酸鈉溶液,可除去PH3.(均填化學式)
(5)相比于濕法磷酸,熱法磷酸工藝復雜,能耗高,但優(yōu)點是產品純度高.

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10.有A、B、C、D、E五種短周期的主族元素,其原子序數依次增大.其中只有C是金屬,D的單質是黃色固體,A、B、D在周期表中的相對位置關系如圖所示,下列說法正確的是(  )
A.E元素位于周期表中的第三周期、ⅥA族
B.B的簡單陰離子比D的簡單陰離子還原性強
C.B與C形成的化合物中一定含有共價鍵
D.A、B兩元素形成的常見化合物的分子中均含有極性鍵

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10.常溫下,下列各組離子在指定溶液中一定能大量共存的是(  )
A.使甲基橙變紅色的溶液:Mg2+、K+、SO42-、NO3-
B.使酚酞變紅色的溶液:Na+、Ba2+、HCO3-、Cl-
C.pH=7的溶液:Fe3+、K+、SO42-、Br-
D.0.1mol/LNaAlO2溶液:Al3+、Na+、SO42-、Cl-

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17.下列有關說法中不正確的是(  )
A.鐵與Cl2、鹽酸均能發(fā)生反應,但生成的含鐵物質組成不同
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C.等物質的量的Na、Cu、Al與足量氯氣反應時,消耗的氯氣一樣多
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科目:高中化學 來源: 題型:解答題

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乙酸乙酯和水層:第一種方法加入幾滴KMnO4溶液,振蕩結果兩層都沒有顏色,無法區(qū)別;第二種方法 是加入少量碘片,結果是上層液體呈紫紅色.
在這個實驗中:
(1)水浴的作用是使反應物受熱均勻,濃硫酸的作用是催化劑、吸水劑.
(2)水流經冷凝管時,應從b口進入.(填a或b)
(3)燒杯中乙酸乙酯在上層,根據是上層液體呈紫紅色,加入幾滴KMnO4溶液后,水層不顯紫色,是因為KMnO4氧化留在水層中的乙醇.
(4)粗制乙酸乙酯經過提純,可得到純凈的酯,提純的操作方法是向粗制酯里加入飽和Na2CO3溶液,振蕩后分液,分離出上層液即為純凈的酯.

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14.在xR2++yH++O2=mR3++nH2O的離子方程式中,對化學計量數m 和R2+、R3+ 判斷正確的是( 。
A.m=y,H2O 是還原產物B.n=2m,R2+ 是還原劑
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科目:高中化學 來源: 題型:選擇題

11.下列反應試劑和條件能增大有機化合物不飽和度的是( 。
A.氫氧化鈉的醇溶液,加熱B.氫氧化鈉的水溶液,加熱
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12.下列關于SO2的說法中,不正確的是(  )
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