Question

13．已知橢圓G：$\frac{{x}^{2}}{{a}^{2}}$+$\frac{{y}^{2}}{^{2}}$=1（a＞b＞0）在y軸上的一個(gè)頂點(diǎn)為M，兩個(gè)焦點(diǎn)分別是F₁，F(xiàn)₂，∠F₁MF₂=120°，△MF₁F₂的面積為$\sqrt{3}$．
（1）求橢圓G的方程；
（2）過(guò)橢圓G長(zhǎng)軸上的點(diǎn)P（t，0）的直線l與橢圓O：x²+y²=1相切于點(diǎn)Q（Q與P不重合），交橢圓G于A，B兩點(diǎn)，若|AQ|=|BP|，求實(shí)數(shù)t的值．

Answer 1

分析 （1）由題意可知：焦點(diǎn)在x軸上，M為橢圓的上頂點(diǎn)，則丨MF₁丨=a，∠F₁MF₂=120°，則c=asin60°=$\frac{\sqrt{3}}{2}$a，b=acos60°=$\frac{1}{2}$a，根據(jù)三角形的面積公式可知：△MF₁F₂的面積為S=$\frac{1}{2}$•（2c）•b=$\frac{1}{2}$•$\sqrt{3}$a•$\frac{1}{2}$a=$\sqrt{3}$．即可求得a和b的值，求得橢圓G的方程；
（2）由題意設(shè)出l：y=k（x-t），得到OQ所在直線方程，求出Q的坐標(biāo)，由直線和圓相切得到k²=$\frac{1}{{t}^{2}-1}$，再聯(lián)立直線方程和橢圓方程，由|AQ|=|BP|可得AB中點(diǎn)與PQ中點(diǎn)重合，由此列式求得k值，代入k²=$\frac{1}{{t}^{2}-1}$，求得t值．

解答 解：（1）由橢圓G：$\frac{{x}^{2}}{{a}^{2}}$+$\frac{{y}^{2}}{^{2}}$=1（a＞b＞0）焦點(diǎn)在x軸上，M為橢圓的上頂點(diǎn)，則丨MF₁丨=a，
由∠F₁MF₂=120°，
∴c=asin60°=$\frac{\sqrt{3}}{2}$a，b=acos60°=$\frac{1}{2}$a，
由△MF₁F₂的面積為S=$\frac{1}{2}$•（2c）•b=$\frac{1}{2}$•$\sqrt{3}$a•$\frac{1}{2}$a=$\sqrt{3}$．
解得：a=2，則b=1，
∴橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為：$\frac{{x}^{2}}{4}+{y}^{2}=1$；
（2）如圖，由題意可知，直線l的斜率存在且不為0，設(shè)為k，
則l：y=k（x-t），
則OQ所在直線方程為y=-$\frac{1}{k}$，
由O到直線l的距離d=$\frac{丨-kt丨}{\sqrt{{k}^{2}+1}}$=1，解得：k²=$\frac{1}{{t}^{2}-1}$，
聯(lián)立$\left\{\begin{array}{l}{y=k（x-t）}\\{y=-\frac{1}{k}x}\end{array}\right.$，解得：Q（$\frac{{k}^{2}t}{1+{k}^{2}}$，-$\frac{kt}{1+{k}^{2}}$），
∴$\left\{\begin{array}{l}{y=k（x-t）}\\{\frac{{x}^{2}}{4}+{y}^{2}=1}\end{array}\right.$，得（1+4k²）x²-8k²tx+4k²t²-4=0，
∴x₁+x₂=$\frac{8{k}^{2}t}{1+4{k}^{2}}$，
由題意可知，AB中點(diǎn)與PQ中點(diǎn)重合，
則$\frac{4{k}^{2}t}{1+4{k}^{2}}$=$\frac{\frac{{k}^{2}t}{1+{k}^{2}}+t}{2}$，即k²=$\frac{1}{2}$．
由k²=$\frac{1}{{t}^{2}-1}$，得t=±$\sqrt{3}$．
∴實(shí)數(shù)t的值為±$\sqrt{3}$．

點(diǎn)評(píng) 本題主要考查橢圓方程求法，考查直線與圓錐曲線的位置關(guān)系等知識(shí)，考查化歸與轉(zhuǎn)化、數(shù)形結(jié)合的數(shù)學(xué)思想方法，以及抽象概括能力、推理論證能力和運(yùn)算求解能力，屬于中檔題．