Question

4．已知函數(shù)f（x）=x+$\frac{9}{x}$．
（Ⅰ）指出f（x）的定義域，并判斷f（x）的奇偶性；
（Ⅱ）判斷并證明f（x）在區(qū)間[3，+∞）上的單調(diào)性，并求f（x）在[3，+∞）上的最小值．

Answer 1

分析 （Ⅰ）根據(jù)分母不能為0，可得函數(shù)的定義域，進(jìn)而根據(jù)函數(shù)奇偶性的定義，可得函數(shù)為偶函數(shù)．
（Ⅱ）證法一：設(shè)x₁，x₂是區(qū)間[3，+∞）上的兩個(gè)任意實(shí)數(shù)，且x₁＜x₂，作差判斷f（x₁），f（x₂）的大小，可得結(jié)論
證法二：求導(dǎo)，根據(jù)x∈[3，+∞）時(shí)，f′（x）≥0恒成立，可得：函數(shù)f（x）在[3，+∞）上為單調(diào)遞增函數(shù)；

解答 解：（Ⅰ）函數(shù)f（x）=x+$\frac{9}{x}$的定義域?yàn)閧x|x≠0}關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱，
∵f（-x）=-x-$\frac{9}{x}$=-（x+$\frac{9}{x}$）=-f（x）．
∴函數(shù)f（x）是奇函數(shù)；
（Ⅱ）f（x）在區(qū)間[3，+∞）上單調(diào)遞增，理由如下：
證法一：設(shè)x₁，x₂是區(qū)間[3，+∞）上的兩個(gè)任意實(shí)數(shù)，且x₁＜x₂，…（2分）
于是f（x₁）-f（x₂）=（${x}_{1}+\frac{9}{{x}_{1}}$）-（${x}_{2}+\frac{9}{{x}_{2}}$）=（x₁-x₂）$\frac{{x}_{1}•{x}_{2}-9}{{x}_{1}•{x}_{2}}$…（4分）
因?yàn)閤₂＞x₁≥3，所以x₁x₂-9≥0，x₁-x₂＜0，
所以f（x₁）-f（x₂）＜0，所以f（x₁）＜f（x₂），…（6分）
所以函數(shù)f（x）在[3，+∞）上為單調(diào)增函數(shù)．…（7分）
證法二：∵f（x）=x+$\frac{9}{x}$．
∴f′（x）=1-$\frac{9}{{x}^{2}}$．
當(dāng)x∈[3，+∞）時(shí)，
f′（x）≥0恒成立，
故函數(shù)f（x）在[3，+∞）上為單調(diào)遞增函數(shù)；

點(diǎn)評(píng) 本題考查的知識(shí)點(diǎn)是抽象函數(shù)的應(yīng)用，函數(shù)的單調(diào)性和函數(shù)的奇偶性，是函數(shù)圖象和性質(zhì)的綜合應(yīng)用，難度中檔．