Question

7．如圖，在四棱錐P-ABCD中，平面PAD⊥平面ABCD，△PAD是等邊三角形，底面ABCD是邊長(zhǎng)為2的菱形，∠BAD=60°，E是AD的中點(diǎn)，F(xiàn)是PC的中點(diǎn)．
（1）求證：EF∥平面PAB；
（2）求直線EF與平面PBE所成角的余弦值．
（3）求平面PAD與平面PBC的二面角的余弦值．

Answer 1

分析 （I）取PB的中點(diǎn)H，連接FH，AH．利用三角形中位線定理及其菱形的性質(zhì)可得：AD$\underset{∥}{=}$BC，可得四邊形AHFE是平行四邊形，EF∥AH．即可證明AH∥平面PAB．
（II）連接BD，則△ABD是等邊三角形，BE⊥AD，利用面面垂直的性質(zhì)定理可得BE⊥平面PAD，BE⊥PE．又PE⊥AD，分別以EA，EB，EP為坐標(biāo)軸結(jié)論空間直角坐標(biāo)系E-xyz．取平面PBE的法向量$\overrightarrow{n}$=（1，0，0），直線EF與平面PBE所成角的正弦值=|$cos＜\overrightarrow{EF}，\overrightarrow{n}＞$|=$\frac{|\overrightarrow{EF}•\overrightarrow{n}|}{|\overrightarrow{EF}||\overrightarrow{n}|}$．
（III）設(shè)平面PBC的法向量為$\overrightarrow{m}$=（x，y，z），則$\left\{\begin{array}{l}{\overrightarrow{m}•\overrightarrow{BC}=0}\\{\overrightarrow{m}•\overrightarrow{PB}=0}\end{array}\right.$，可得$\overrightarrow{m}$．取平面PAD的法向量$\overrightarrow{v}$=（0，1，0），利用∴$cos＜\overrightarrow{m}，\overrightarrow{v}＞$=$\frac{\overrightarrow{m}•\overrightarrow{v}}{|\overrightarrow{m}||\overrightarrow{v}|}$即可得出．

解答 （I）證明：取PB的中點(diǎn)H，連接FH，AH．AE=$\frac{1}{2}$AD=$\frac{1}{2}$BC，又HF是△PBC的中位線，HF∥BC，HF=$\frac{1}{2}$BC．
AD$\underset{∥}{=}$BC，
∴AE∥HF，AE=HF．
∴四邊形AHFE是平行四邊形．
∴EF∥AH．
又EF?平面PAB，AH?平面PAB
∴AH∥平面PAB．
（II）解：連接BD，則△ABD是等邊三角形，∴BE⊥AD，
又平面PAD⊥平面ABCD，平面PAD∩平面ABCD=AD，
∴BE⊥平面PAD，∴BE⊥PE，
又PE⊥AD，分別以EA，EB，EP為坐標(biāo)軸建立空間直角坐標(biāo)系E-xyz．
則E（0，0，0），P（0，0，$\sqrt{3}$），B（0，$\sqrt{3}$，0），C（-2，$\sqrt{3}$，0），F(xiàn)（-1，$\frac{\sqrt{3}}{2}$，$\frac{\sqrt{3}}{2}$），
$\overrightarrow{EF}$=（-1，$\frac{\sqrt{3}}{2}$，$\frac{\sqrt{3}}{2}$）．
取平面PBE的法向量$\overrightarrow{n}$=（1，0，0），
∴直線EF與平面PBE所成角的正弦值=|$cos＜\overrightarrow{EF}，\overrightarrow{n}＞$|=$\frac{|\overrightarrow{EF}•\overrightarrow{n}|}{|\overrightarrow{EF}||\overrightarrow{n}|}$=$\frac{1}{\sqrt{1+\frac{3}{4}+\frac{3}{4}}}$=$\frac{\sqrt{10}}{5}$．
∴直線EF與平面PBE所成角的余弦值=$\sqrt{1-（\frac{\sqrt{10}}{5}）^{2}}$=$\frac{\sqrt{15}}{5}$．
（III）解：$\overrightarrow{BC}$=（-2，0，0），$\overrightarrow{PB}$=（0，$\sqrt{3}$，-$\sqrt{3}$），
設(shè)平面PBC的法向量為$\overrightarrow{m}$=（x，y，z），則$\left\{\begin{array}{l}{\overrightarrow{m}•\overrightarrow{BC}=0}\\{\overrightarrow{m}•\overrightarrow{PB}=0}\end{array}\right.$，即$\left\{\begin{array}{l}{-2x=0}\\{\sqrt{3}y-\sqrt{3}z=0}\end{array}\right.$，取$\overrightarrow{m}$=（0，1，1）．
取平面PAD的法向量$\overrightarrow{v}$=（0，1，0），
∴$cos＜\overrightarrow{m}，\overrightarrow{v}＞$=$\frac{\overrightarrow{m}•\overrightarrow{v}}{|\overrightarrow{m}||\overrightarrow{v}|}$=$\frac{1}{\sqrt{2}}$=$\frac{\sqrt{2}}{2}$．
∴平面PAD與平面PBC的二面角的余弦值為$\frac{\sqrt{2}}{2}$．

點(diǎn)評(píng) 本題考查了空間位置關(guān)系及其空間角、法向量的應(yīng)用、向量夾角公式、三角形中位線定理、平行四邊形的判定與性質(zhì)定理、菱形與等邊三角形的性質(zhì)，考查了推理能力與計(jì)算能力，屬于中檔題．