11.設數(shù)列{an}的前n項和為Sn,且滿足Sn=2-an,n=1,2,3,….
(1)求數(shù)列{an}的通項公式;
(2)若數(shù)列{bn}滿足b1=1,且bn+1=bn+an,求數(shù)列{bn}的通項公式;
(3)設cn=$\frac{{n({3-{b_n}})}}{2}$,數(shù)列{cn}的前n項和為Tn=$\frac{15}{4}$.求n.

分析 (1)由已知條件推導出{an}是以1為首項,$\frac{1}{2}$為公比的等比數(shù)列,由此能求出數(shù)列{an}的通項公式.
(2)由bn+1=bn+an,且an=($\frac{1}{2}$)n-1.  知bn+1-bn=($\frac{1}{2}$)n-1,由此利用疊加法能求出bn=3-$\frac{1}{{2}^{n-2}}$.
(3)根據(jù)已知條件推知Tn+1-Tn=(4-$\frac{3+n}{{2}^{n}}$)-(4-$\frac{2+n}{{2}^{n-1}}$)=$\frac{2+n}{{n}^{n-1}}$-$\frac{3+n}{{2}^{n}}$=$\frac{1+n}{{2}^{n}}$>0,所以求得shiftTn<Tn+1恒成立的n的值即可.

解答 解:(1)當n=1時,S1=a1=2-a1,所以a1=1.
當n≥2時,Sn-1=2-an-1,且Sn=2-an,
所以an=2(2-an)-(2-an-1)得:an=$\frac{1}{2}$an-1,
則數(shù)列{an}是以1為首項,$\frac{1}{2}$為公比的等比數(shù)列,
∴數(shù)列{an}的通項公式是an=($\frac{1}{2}$)n-1.          
(2)由bn+1=bn+an,且an=($\frac{1}{2}$)n-1,
∴bn+1-bn=($\frac{1}{2}$)n-1,
則b2-b1=($\frac{1}{2}$)0,b3-b2=($\frac{1}{2}$)1,b4-b3=($\frac{1}{2}$)2,…,bn-bn-1=($\frac{1}{2}$)n-2
以上n個等式疊加得:bn-b1=($\frac{1}{2}$)0+($\frac{1}{2}$)1+($\frac{1}{2}$)2+…+($\frac{1}{2}$)n-2=$\frac{1-(\frac{1}{2})^{n-1}}{1-\frac{1}{2}}$=2[1-($\frac{1}{2}$)n-1]
=2-$\frac{1}{{2}^{n-2}}$,
∵b1=1,
∴bn=3-$\frac{1}{{2}^{n-2}}$.
(3)由題意知${c_n}=\frac{1}{2}n({3-{b_n}})=\frac{n}{{{2^{n-1}}}}$.                                   
則Tn=4-$\frac{2+n}{{2}^{n-1}}$=$\frac{15}{4}$,
∵Tn+1-Tn=(4-$\frac{3+n}{{2}^{n}}$)-(4-$\frac{2+n}{{2}^{n-1}}$)=$\frac{2+n}{{n}^{n-1}}$-$\frac{3+n}{{2}^{n}}$=$\frac{1+n}{{2}^{n}}$>0,
∴Tn<Tn+1恒成立,
∵T6=4-$\frac{2+6}{{2}^{6-1}}$=$\frac{15}{4}$,
∴n=6.

點評 本題考查數(shù)列的通項公式的求法,解題時要認真審題,注意迭代法和疊加法的合理運用.

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