已知f(x)=ax+
a-2
x
+2-2a(a>0),若f(x)≥2lnx在[1,+∞)上恒成立,則a的取值范圍是(  )
A、(1,+∞)
B、[1,+∞)
C、(2,+∞)
D、[2,+∞)
考點(diǎn):函數(shù)恒成立問(wèn)題
專題:不等式的解法及應(yīng)用
分析:把f(x)≥2lnx在[1,+∞)上恒成立轉(zhuǎn)化為ax+
a-2
x
+2-2a-2lnx≥0
在[1,+∞)上恒成立,然后構(gòu)造函數(shù)g(x)=ax+
a-2
x
+2-2a-2lnx
,由導(dǎo)數(shù)分類求得函數(shù)g(x)在[1,+∞)上的最小值,由最小值大于等于0求得a的取值范圍.
解答: 解:由f(x)=ax+
a-2
x
+2-2a(a>0),f(x)≥2lnx,得
ax+
a-2
x
+2-2a-2lnx≥0
,
令g(x)=ax+
a-2
x
+2-2a-2lnx

g(x)=a-
a-2
x2
-
2
x
=
ax2-2x-a+2
x2
=
(x-1)[ax+(a-2)]
x2

若-
a-2
a
=1
,即a=1,則g′(x)≥0,函數(shù)g(x)在[1,+∞)上為增函數(shù),又g(1)=0,
∴f(x)≥2lnx在[1,+∞)上恒成立;
-
a-2
a
>1
,即a<1,當(dāng)x∈(-∞,1),(-
a-2
a
,+∞
)時(shí),g′(x)>0,g(x)為增函數(shù).
當(dāng)x∈(1,-
a-2
a
)時(shí),g′(x)<0,g(x)為減函數(shù).
∴g(x)在[1,+∞)上的最小值為g(-
a-2
a
).
∵g(1)=0,∴g(-
a-2
a
)<0,不合題意;
-
a-2
a
<1
,即a>1,當(dāng)x∈(-∞,-
a-2
a
),(1,+∞)
時(shí),g′(x)>0,g(x)為增函數(shù).
當(dāng)x∈(-
a-2
a
,1
)時(shí),g′(x)<0,g(x)為減函數(shù).
∴g(x)在[1,+∞)上的最小值為g(1).
∵g(1)=0,∴f(x)≥2lnx在[1,+∞)上恒成立.
綜上,a的取值范圍是[1,+∞).
故選:B.
點(diǎn)評(píng):本題考查了函數(shù)恒成立問(wèn)題,考查了數(shù)學(xué)轉(zhuǎn)化思想方法,訓(xùn)練了利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)的最值,體現(xiàn)了分類討論的數(shù)學(xué)思想方法,是壓軸題.
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A、
2
2
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1
2
C、
2
D、2

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7
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1
3
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2
+
2
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4
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2
2
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π
4
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2
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x2
a2
-
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3
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2
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π
6
).
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α
2
)=
1
4
,(
3
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3
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)
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