解:(1)記F(x)=f(x)-g(x)=ax
2-x-lnx,(x>0)
當(dāng)a=1時,F(xiàn)'(x)=2ax-1-
=
,(x>0)
∵當(dāng)x∈(0,1)時F'(x)<0;當(dāng)x∈(1,+∞)時F'(x)>0
∴函數(shù)f(x)-g(x)的單調(diào)增區(qū)間為(1,+∞),單調(diào)減區(qū)間為(0,1);
(2)函數(shù)y=f(x)與y=g(x)的圖象的交點橫坐標(biāo),即為方程f(x)=g(x)的實數(shù)解
由f(x)=g(x),得ax
2-x=lnx,可得a=
令r(x)=
,求導(dǎo)數(shù)得r'(x)=
=
∵當(dāng)x∈(0,1)時r'(x)>0;當(dāng)x∈(1,+∞)時r'(x)<0
∴函數(shù)r(x)的單調(diào)增區(qū)間為(0,1),單調(diào)減區(qū)間為(1,+∞),
可得r(x)的極大值為r(1)=1>0,
又∵r(
)=
<0,當(dāng)x→0時,r(x)→-∞,且當(dāng)x>1時0<r(x)<1
∴r(1)=1是函數(shù)r(x)的最大值,且函數(shù)r(x)的值域為(-∞,1]
因此,要使y=f(x)與y=g(x)圖象有兩個不同的交點M、N,實數(shù)a的取值范圍為(0,1).
(3)由已知,得
=
,所以x
0=
=
;
∵函數(shù)y=ln(1+x)-x在區(qū)間(-1,0)上是減函數(shù),在區(qū)間(0,+∞)上是增函數(shù)
∴函數(shù)y=ln(1+x)-x的最小值為0,得當(dāng)x>0時,ln(1+x)-x>0,可得ln(1+x)>x
因此,由ln
=ln(1+
-1)<
-1,故x
0=
>
=x
1;
同理可得x
0=
=
=
<
=x
2綜上所述,可得x
1<x
0<x
2.
分析:(1)記F(x)=f(x)-g(x)=ax
2-x-lnx,可得F'(x)=
.再討論F'(x)的正負(fù),可得函數(shù)f(x)-g(x)的單調(diào)增區(qū)間為(1,+∞),單調(diào)減區(qū)間為(0,1);
(2)由f(x)=g(x)得ax
2-x=lnx,可得a=
.設(shè)r(x)=
,通過研究r'(x)的正負(fù),得到r(x)的極大值為r(1)=1>0,當(dāng)x∈(0,1)時,r(x)∈(-∞,1];且當(dāng)x>1時0<r(x)<1.由此可得當(dāng)y=f(x)與y=g(x)圖象有兩個不同的交點M、N時,實數(shù)a的取值范圍為(0,1);
(3)根據(jù)導(dǎo)數(shù)的幾何意義與兩點連線的斜率公式,得
=
,解出x
0=
,利用函數(shù)y=ln(1+x)-x的單調(diào)性,得出ln
<
-1,從而得到x
0>
=x
1;類似的方法可證出x
0=
<
=x
2.由此即可得到x
1<x
0<x
2成立.
點評:本題給出含有字母參數(shù)的二次函數(shù)f(x)和對數(shù)函數(shù)g(x),討論它們的差函數(shù)的單調(diào)區(qū)間,并且討論了兩個函數(shù)圖象交點個數(shù)的問題.著重考查了基本初等函數(shù)的性質(zhì)、利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性、導(dǎo)數(shù)的幾何意義與直線的斜率和不等式的證明等知識,屬于中檔題.