分析 (1)首先求導(dǎo)得$f'(x)=\frac{(1-x)(ax+a-1)}{x^2}$,再對a進(jìn)行分類討論,分別解不等式即可求出單調(diào)區(qū)間;
(2)將條件對任意x1∈(0,2),存在x2∈[1,3],使f(x1)≥g(x2)轉(zhuǎn)化為g(x2)≤f(x)min在x2∈[1,3]有解,再參變量分離,即2b$≥{x}_{2}+\frac{2}{{x}_{2}}$在x2∈[1,3]有解,利用基本不等式可知${x}_{2}+\frac{2}{{x}_{2}}≥2\sqrt{2}$,故b$≥\sqrt{2}$.
解答 解:(1)f(x)的定義域?yàn)椋?,+∞),$f'(x)=\frac{(1-x)(ax+a-1)}{x^2}$,
當(dāng)a=0時(shí),f'(x)>0得x>1,∴f(x)的遞增區(qū)間為(1,+∞),f'(x)<0得0<x<1,∴f(x)的遞減區(qū)間為(0,1);
當(dāng)a<0時(shí),f'(x)>0得x>1,∴f(x)的遞增區(qū)間為(1,+∞),f'(x)<0得0<x<1,∴f(x)的遞減區(qū)間為(0,1);
當(dāng)$0<a<\frac{1}{2}$時(shí),f'(x)>0得$1<x<\frac{1-a}{a}$,∴f(x)的遞增區(qū)間為$(1,\frac{1-a}{a})$f'(x)<0得0<x<1或$x>\frac{1-a}{a}$,∴f(x)的遞減區(qū)間為(0,1)和$(\frac{1-a}{a},+∞)$.
(2)當(dāng)$a=\frac{1}{3}$時(shí),由(1)知,f(x)在(0,1)遞減,在(1,2)遞增,∴$f{(x)_{min}}=f(1)=-\frac{2}{3}$,
依題意有$g({x_2})≤f{(x)_{min}}=-\frac{2}{3}$在x2∈[1,3]有解$?2b≥{x_2}+\frac{2}{x_2}$在x2∈[1,3]有解,
又${x_2}+\frac{2}{x_2}≥2\sqrt{2}$當(dāng)且僅當(dāng)${x_2}=\sqrt{2}$時(shí)等號成立,
∴$b≥\sqrt{2}$.
點(diǎn)評 本題考查函數(shù)的單調(diào)性的求法,考查滿足條件的實(shí)數(shù)的取值范圍的求法,解題的關(guān)鍵是利用導(dǎo)數(shù)性質(zhì)將條件進(jìn)行合理轉(zhuǎn)化.
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科目:高中數(shù)學(xué) 來源: 題型:解答題
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科目:高中數(shù)學(xué) 來源: 題型:選擇題
A. | $-\frac{1}{3}$ | B. | $±\frac{1}{3}$ | C. | -3 | D. | ±3 |
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科目:高中數(shù)學(xué) 來源: 題型:填空題
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科目:高中數(shù)學(xué) 來源: 題型:選擇題
A. | {0,1,2,3} | B. | {1,2,3} | C. | {1,2,3,4} | D. | {0,1,2,3,4} |
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科目:高中數(shù)學(xué) 來源: 題型:選擇題
A. | 1 | B. | 2 | C. | $\sqrt{2}$ | D. | 2$\sqrt{2}$ |
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科目:高中數(shù)學(xué) 來源: 題型:選擇題
A. | 1-$\frac{π}{18}$ | B. | 1-$\frac{π}{12}$ | C. | 1-$\frac{π}{9}$ | D. | 1-$\frac{π}{4}$ |
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科目:高中數(shù)學(xué) 來源: 題型:選擇題
A. | {0,1,2,3,4} | B. | {1,2,3,4} | C. | {0,1,2,3,4,5} | D. | {1,2,3,4,5} |
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科目:高中數(shù)學(xué) 來源: 題型:選擇題
A. | 0<b<1 | B. | b<0 | C. | -2<b<0 | D. | -1<b<0 |
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