Question

17．在平面直角坐標(biāo)系xOy中，過(guò)點(diǎn)P（0，1）且互相垂直的兩條直線(xiàn)分別與
圓O：x²+y²=4交于點(diǎn)A，B，與圓M：（x-2）²+（y-1）²=1交于點(diǎn)C，D．
（1）若$AB=\frac{3}{2}\sqrt{7}$，求CD的長(zhǎng)；
（2）若CD中點(diǎn)為E，求△ABE面積的取值范圍．

Answer 1

分析 （1）設(shè)直線(xiàn)AB的方程為：y=kx+1（k≠0），根據(jù)$AB=\frac{3}{2}\sqrt{7}$，利用弦長(zhǎng)公式可得：$（\frac{3\sqrt{7}}{4}）^{2}$+$（\frac{1}{\sqrt{1+{k}^{2}}}）^{2}$=2²，解得k，可得直線(xiàn)CD的方程，再利用弦長(zhǎng)公式即可得出．
（2）①直線(xiàn)AB為y軸時(shí)，直線(xiàn)AB的方程為：x=0，直線(xiàn)CD的方程為：y=1．可得S_△ABE=$\frac{1}{2}×|AB|•{x}_{E}$=4．
②直線(xiàn)AB的斜率存在時(shí)，設(shè)直線(xiàn)AB的方程為：y=kx+1，若k=0，則方程為y=1，經(jīng)過(guò)圓心（2，1），此時(shí)△ABE不存在，舍去．k≠0時(shí)，可得直線(xiàn)CD的方程為：y=-$\frac{1}{k}$x+1．利用弦長(zhǎng)公式可得：|AB|=2$\sqrt{\frac{3+4{k}^{2}}{1+{k}^{2}}}$．聯(lián)立$\left\{\begin{array}{l}{y=-\frac{1}{k}x+1}\\{（x-2）^{2}+（y-1）^{2}=1}\end{array}\right.$，化為：（k²+1）x²-4k²x+3k²=0，利用根與系數(shù)的關(guān)系、中點(diǎn)坐標(biāo)公式可得E$（\frac{2{k}^{2}}{1+{k}^{2}}，\frac{（k-1）^{2}}{1+{k}^{2}}）$．利用點(diǎn)到直線(xiàn)的距離公式可得點(diǎn)E到直線(xiàn)AB的距離d．可得S_△ABE=$\frac{1}{2}$|AB|•d=2$\sqrt{4-\frac{5{k}^{2}+4}{{k}^{4}+2{k}^{2}+1}}$，通過(guò)換元利用二次函數(shù)的單調(diào)性即可得出．

解答 解：（1）設(shè)直線(xiàn)AB的方程為：y=kx+1（k≠0），
∵$AB=\frac{3}{2}\sqrt{7}$，∴$（\frac{3\sqrt{7}}{4}）^{2}$+$（\frac{1}{\sqrt{1+{k}^{2}}}）^{2}$=2²，
化為：k²=15，
解得k=$±\sqrt{15}$．
∴直線(xiàn)CD的方程為：y=$±\frac{1}{\sqrt{15}}$x+1．
∴|CD|=2$\sqrt{{1}^{2}-（\frac{±\frac{2}{\sqrt{15}}-1+1}{\sqrt{1+\frac{1}{15}}}）^{2}}$=$\sqrt{3}$．
（2）①直線(xiàn)AB為y軸時(shí)，直線(xiàn)AB的方程為：x=0，直線(xiàn)CD的方程為：y=1．
S_△ABE=$\frac{1}{2}×|AB|•{x}_{E}$=$\frac{1}{2}×4×2$=4．
②直線(xiàn)AB的斜率存在時(shí)，設(shè)直線(xiàn)AB的方程為：y=kx+1，
若k=0，則方程為y=1，經(jīng)過(guò)圓心（2，1），此時(shí)△ABE不存在，舍去．
k≠0時(shí)，可得直線(xiàn)CD的方程為：y=-$\frac{1}{k}$x+1．
|AB|=2$\sqrt{{2}^{2}-（\frac{1}{\sqrt{1+{k}^{2}}}）^{2}}$=2$\sqrt{\frac{3+4{k}^{2}}{1+{k}^{2}}}$．
聯(lián)立$\left\{\begin{array}{l}{y=-\frac{1}{k}x+1}\\{（x-2）^{2}+（y-1）^{2}=1}\end{array}\right.$，化為：（k²+1）x²-4k²x+3k²=0，
△=16k⁴-12（k²+1）k²＞0，化為：k²＞3．
∴x₁+x₂=$\frac{4{k}^{2}}{1+{k}^{2}}$，可得E$（\frac{2{k}^{2}}{1+{k}^{2}}，\frac{（k-1）^{2}}{1+{k}^{2}}）$．
∴點(diǎn)E到直線(xiàn)AB的距離d=$\frac{|\frac{2{k}^{3}}{1+{k}^{2}}-\frac{（k-1）^{2}}{1+{k}^{2}}+1|}{\sqrt{1+{k}^{2}}}$=$\frac{2|k|}{\sqrt{1+{k}^{2}}}$．
∴S_△ABE=$\frac{1}{2}$|AB|•d=$\frac{1}{2}$×2$\sqrt{\frac{3+4{k}^{2}}{1+{k}^{2}}}$×$\frac{2|k|}{\sqrt{1+{k}^{2}}}$=2$\sqrt{\frac{{k}^{2}（3+4{k}^{2}）}{（1+{k}^{2}）^{2}}}$=2$\sqrt{4-\frac{5{k}^{2}+4}{{k}^{4}+2{k}^{2}+1}}$，
令k²+1=t＞1，可得f（t）=$\sqrt{4-\frac{5t-1}{{t}^{2}}}$=$\sqrt{（\frac{1}{t}-\frac{5}{2}）^{2}-\frac{9}{4}}$∈（0，2）．
∴S_△ABE∈（0，4）．
綜上可得：S_△ABE∈（0，4]．

點(diǎn)評(píng) 本題考查了直線(xiàn)與圓相交弦長(zhǎng)問(wèn)題、弦長(zhǎng)公式、點(diǎn)到直線(xiàn)的距離公式、三角形面積計(jì)算公式、二次函數(shù)的單調(diào)性、分類(lèi)討論方法、相互垂直的直線(xiàn)斜率之間的關(guān)系，考查了推理能力與計(jì)算能力，屬于難題．