Question

已知函數(shù)f（x）=ax+lnx，a∈R．
（I）當(dāng)a=-1時(shí)，求f（x）的最大值；
（II）對(duì)f（x）圖象上的任意不同兩點(diǎn)P₁（x₁，x₂），P（x₂，y₂）（0＜x₁＜x₂），證明f（x）圖象上存在點(diǎn)P₀（x₀，y₀），滿足x₁＜x₀＜x₂，且f（x）圖象上以P₀為切點(diǎn)的切線與直線P₁P₂平等；
（III）當(dāng)a=

3

2

時(shí)，設(shè)正項(xiàng)數(shù)列{a_n}滿足：a_n+1=f'（a_n）（n∈N^*），若數(shù)列{a_2n}是遞減數(shù)列，求a₁的取值范圍．

Answer 1

（Ⅰ）當(dāng)a=-1時(shí)，f（x）=-x+lnx，f′(x)=-1+

1

x

=

-x +1

x

．
對(duì)于x∈（0，1），有f'（x）＞0，∴f（x）在區(qū)間（0，1]上為增函數(shù)，
對(duì)于x∈（1，+∞），有f'（x）＜0，∴f（x）在區(qū)間（1，+∞）上為減函數(shù)，．
∴f_max（x）=f（1）=-1；
（II）直線P₁P₂的斜率為 k=

ax2+lnx2-ax1-lnx1

x2-x1

=a+

lnx2-lnx1

x2-x1

；
由（1）知-x+lnx≤-1，當(dāng)且僅當(dāng)x=1時(shí)取等號(hào)，
∴-

x2

x1

+ln

x2

x1

＜-1?ln

x2

x1

＜

x2

x1

-1?lnx2-lnx1＜

x2-x1

x1

?

lnx2-lnx1

x2-x1

＜

1

x1

，
同理，由 -

x1

x2

+ln

x1

x2

＜-1，可得

lnx2-lnx1

x2-x1

＞

1

x2

；
故P₁P₂的斜率 k∈(a+

1

x2

，a+

1

x1

)，
又在x∈（x₁，x₂）上，f′(x)=a+

1

x

∈(a+

1

x2

，a+

1

x1

)，
所以f（x）圖象上存在點(diǎn)P₀（x₀，y₀），滿足x₁＜x₀＜x₂，且f（x）圖象上以P₀為切點(diǎn)的切線與直線P₁P₂平行；
（III）f（x）=

3

2

x+lnx，f′（x）=

3

2

+

1

x

，∴a_n+1=

3

2

+

1

an

，
a₃=

3

2

+

1

a2

，a₄=

3

2

+

1

a3

=

3

2

+

1

3 2 + 1 a2

=

13a2+6

2(3a2+2)

＜a₂?2a₂²-3a₂-2＞0，
?（2a₂+1）（a₂-1）＞0?a₂＞2?

3

2

+

1

a1

＞2?0＜a₁＜2，
下面我們證明：當(dāng)0＜a₁＜2時(shí)，a_2n+2＜a_2n，且a_2n＞2（n∈N₊）
事實(shí)上，當(dāng)n=1時(shí)，0＜a₁＜2?a₂=

3

2

+

1

a1

＞2，
a₄-a₂=

13a2+6

2(3a2+2)

-a2=-

3(2a2+1)(a2-2)

2(3a2+2)

＜0?a₄＜a₂，結(jié)論成立．
若當(dāng)n=k時(shí)結(jié)論成立，即a_2k+2＜a_2k，且a_2k＞2，則
a_2k+2=

3

2

+

1

a2k

＞2?a_2k+4=

3

2

+

1

a2k+2

＞2，
a_2k+4-a_2k+2=

13a2k+2+6

2(3a2k+2+2)

-a2k+2=-

3(2a2k+2+1)(a2k+2-2)

2(3a2k+2+2)

＜0
?a_2k+4＜a_2k+2，
由上述證明可知，a₁的取值范圍是（0，2）．