Question

5．已知a∈R，函數(shù)f（x）=x²-a|x-1|．
（1）當(dāng)a=1時(shí)，求函數(shù)f（x）的最小值；
（2）當(dāng)a＜0時(shí)，討論y=f（x）的圖象與y=|x-a|的圖象的公共點(diǎn)個(gè)數(shù)．

Answer 1

分析 （1）由a=1時(shí)，求得f（x）的解析式，當(dāng)x≥1時(shí)，由二次函數(shù)的對(duì)稱(chēng)軸可知：x=-$\frac{2a}$=$\frac{1}{2}$，根據(jù)函數(shù)的單調(diào)性f（x）≥f（1）=1；當(dāng)x＜1時(shí)，f（x）≥f（-$\frac{1}{2}$）=-$\frac{5}{4}$． 即可求得函數(shù)f（x）的最小值；
（2）當(dāng)a＜0時(shí)，設(shè)h（x）=f（x）-g（x）=x²-a|x-1|-|x-a|，求得函數(shù)的g（x）的解析式，分類(lèi)，根據(jù)二次函數(shù)圖象及性質(zhì)即可求得函數(shù)的解的個(gè)數(shù)．

解答 解：（1）由a=1時(shí)，f（x）=$\left\{\begin{array}{l}{{x}^{2}-x+1，x≥1}\\{{x}^{2}+x-1，x＜1}\end{array}\right.$，
當(dāng)x≥1時(shí)，由二次函數(shù)的對(duì)稱(chēng)軸可知：x=-$\frac{2a}$=$\frac{1}{2}$，
∴f（x）≥f（1）=1；
當(dāng)x＜1時(shí)，由二次函數(shù)的對(duì)稱(chēng)軸可知：x=-$\frac{2a}$=$\frac{1}{2}$，
f（x）≥f（-$\frac{1}{2}$）=-$\frac{5}{4}$．
所以，f（x）_min=f（-$\frac{1}{2}$）=-$\frac{5}{4}$；
（2）當(dāng)a＜0時(shí)，設(shè)h（x）=f（x）-g（x）=x²-a|x-1|-|x-a|；
a＜0時(shí)，h（x）=$\left\{\begin{array}{l}{{x}^{2}-（a+1）x+2a，x≥1}\\{{x}^{2}+（a-1）x，a≤x＜1}\\{{x}^{2}+（a+1）x-2a，x＜a}\end{array}\right.$，
x≥1時(shí)，h（1）=a＜0．
∴x≥1時(shí)，一個(gè)零點(diǎn)．
a≤x＜1時(shí)，解得：x₁=0，x₂=1-a＞1，（舍去）
所以，當(dāng)a≤x＜1時(shí)，有且僅有一個(gè)零點(diǎn)．
x＜a時(shí)，△=a²+10a+1，對(duì)稱(chēng)軸x=-$\frac{a+1}{2}$，h（a）=a（2a-1）＞0，
所以（�。゛≤-$\frac{1}{3}$時(shí)，△＞0，對(duì)稱(chēng)軸x=-$\frac{a+1}{2}$≥a，無(wú)零點(diǎn)；
（ⅱ）-$\frac{1}{3}$＜a＜-5+2$\sqrt{6}$時(shí)，△=a²+10a+1＜0，無(wú)零點(diǎn)；
（ⅲ）a=-5+2$\sqrt{6}$時(shí)，x=2-$\sqrt{6}$＜a=-5+2$\sqrt{6}$，一個(gè)零點(diǎn)；
（ⅳ）-5+2$\sqrt{6}$＜a＜0時(shí)，
△=a²+10a+1＞0，對(duì)稱(chēng)軸x=-$\frac{a+1}{2}$＜a，兩個(gè)零點(diǎn)．
綜上，（�。゛＜-5+2$\sqrt{6}$時(shí)，y=f（x）與y=g（x）的圖象的公共點(diǎn)有2個(gè)；
（ⅱ）a=-5+2$\sqrt{6}$時(shí)，y=f（x）與y=g（x）的圖象的公共點(diǎn)有3個(gè)；
（ⅲ）-5+2$\sqrt{6}$＜a＜0時(shí)，y=f（x）與y=g（x）的圖象的公共點(diǎn)有4個(gè)．

點(diǎn)評(píng) 本題考查考查二次函數(shù)的圖象及性質(zhì)，考查分段函數(shù)及絕對(duì)值函數(shù)的應(yīng)用，考查函數(shù)的解析式應(yīng)用，考查計(jì)算能力，考查分類(lèi)討論思想，屬于中檔題．