Question

【題目】已知函數(shù)f（x）=ax2+21nx．
（1）求f（x）的單調(diào)區(qū)間．
（2）若f（x）在（0，1]上的最大值是﹣2，求a的值．
（3）記g（x）=f（x）+（a﹣1）lnx+1，當(dāng)a≤﹣2時(shí)，若對(duì)任意x1 ， x2∈（0，+∞），總有|g（x1）﹣g（x2）|≥k|x1﹣x2|成立，試求k的最大值．

Answer 1

【答案】
（1）解：函數(shù)f（x）=ax2+21nx（x＞0）的導(dǎo)數(shù)為f′（x）=2ax+ = ，

當(dāng)a≥0時(shí)，f′（x）＞0，f（x）遞增；

當(dāng)a＜0時(shí)，f′（x）＞0解得0＜x＜ ；f′（x）＜0解得x＞ ．

即有a≥0時(shí)，f（x）的增區(qū)間為（0，+∞）；

a＜0時(shí)，f（x）的增區(qū)間為（0， ）；減區(qū)間為（ ，+∞）

（2）解：由（1）可得a≥0時(shí)，f（x）在（0，1]遞增，f（1）取得最大，且為a=﹣2，舍去；

a＜0時(shí)，若1≤ 即﹣1≤a＜0時(shí)，f（x）在（0，1]遞增，

則f（1）=a取得最大值，且為a=﹣2＜﹣1，不成立；

若1＞ 即a＜﹣1時(shí)，f（x）在（0， ）遞增，（ ，1]遞減，．

則f（ 取得最大值，且為﹣1+2ln =﹣2，解得a=﹣e＜﹣1，成立．

綜上可得a=﹣e

（3）解：g（x）=f（x）+（a﹣1）lnx+1=ax2+（a+1）lnx+1，

g′（x）=2ax+ ＜0，（a≤﹣2），即有g(shù)（x）在（0，+∞）遞減，

令x1＜x2，則g（x1）＞g（x2），

若對(duì)任意x1，x2∈（0，+∞），總有|g（x1）﹣g（x2）|≥k|x1﹣x2|成立，

即為g（x1）﹣g（x2）≥k（x2﹣x1），即g（x1）+kx1≥g（x2）+kx2，

則h（x）=g（x）+kx在（0，+∞）遞減，

即有h′（x）=g′（x）+k≤0恒成立，

則﹣k≥2ax+ 的最大值，

由a≤﹣2，2ax+ ≤﹣4x﹣ =﹣（4x+ ）≤﹣2 =﹣4，

當(dāng)且僅當(dāng)x= 時(shí)，取得最大值﹣4，

則﹣k≥﹣4，即k≤4，則k的最大值為4

【解析】（1）求出f（x）的導(dǎo)數(shù)，討論a≥0時(shí)，a＜0時(shí)，由導(dǎo)數(shù)大于0，可得增區(qū)間；導(dǎo)數(shù)小于0，可得減區(qū)間；（2）由（1）可得，可得a≥0時(shí)，f（x）在（0，1]遞增，f（1）最大為﹣2，解方程可得；a＜0時(shí)，求得極值點(diǎn)，與區(qū)間（ ），1]的關(guān)系，可得最大值，解方程可得a的值；（3）求得g（x）的導(dǎo)數(shù)，判斷符號(hào)可得單調(diào)性，再由條件可得h（x）=g（x）+kx遞減，運(yùn)用導(dǎo)數(shù)，結(jié)合基本不等式可得k的最大值．
【考點(diǎn)精析】通過(guò)靈活運(yùn)用利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性和函數(shù)的最大(小)值與導(dǎo)數(shù)，掌握一般的,函數(shù)的單調(diào)性與其導(dǎo)數(shù)的正負(fù)有如下關(guān)系： 在某個(gè)區(qū)間內(nèi)，(1)如果，那么函數(shù)在這個(gè)區(qū)間單調(diào)遞增；(2)如果，那么函數(shù)在這個(gè)區(qū)間單調(diào)遞減；求函數(shù)在上的最大值與最小值的步驟：（1）求函數(shù)在內(nèi)的極值；（2）將函數(shù)的各極值與端點(diǎn)處的函數(shù)值，比較，其中最大的是一個(gè)最大值，最小的是最小值即可以解答此題．