分析 (1)小球從拋出點(diǎn)到A點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng),應(yīng)用平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出y.
(2)小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng),重力與電場(chǎng)力合力為零,由平衡條件求出電場(chǎng)強(qiáng)度,洛倫茲力提供向心力,由牛頓第二定律求出磁感應(yīng)強(qiáng)度.
(3)小球做圓周運(yùn)動(dòng),分析清楚運(yùn)動(dòng)過(guò)程,應(yīng)用余弦定理求出電場(chǎng)力與重力的合力,應(yīng)用牛頓第二定律求出電場(chǎng)強(qiáng)度.
解答 解:(1)小球做平拋運(yùn)動(dòng),
豎直分速度:vy=gt,
由幾何知識(shí)得:tan30°=$\frac{{v}_{0}}{{v}_{y}}$,
豎直分位移:y=$\frac{1}{2}$gt2,
解得:y=$\frac{3{v}_{0}^{2}}{2g}$;
(2)小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)且與軌道間無(wú)相互作用力,
則:重力與電場(chǎng)力合力為零,mg=qE,解得:E=$\frac{mg}{q}$,方向:豎直向上;
小球進(jìn)入軌道時(shí)的速度:v=$\frac{{v}_{0}}{sin30°}$,
洛倫茲力提供向心力,由牛頓第二定律得:qvB=m$\frac{{v}^{2}}{R}$,
解得:B=$\frac{2m{v}_{0}}{qR}$;
(3)小球恰好做圓周運(yùn)動(dòng),最大速度:v=2v0,則在A點(diǎn)速度最大,
最小速度出現(xiàn)在AB連線的延長(zhǎng)線與圓弧的交點(diǎn)為C,且在C點(diǎn)小球?qū)壍缐毫?,
設(shè)小球的最小速度為v1,電場(chǎng)力與重力的合力為F,由題意可知,F(xiàn)由C指向A,
在C點(diǎn),由牛頓第二定律得:F=m$\frac{{v}_{1}^{2}}{R}$,
從A到C過(guò)程,由動(dòng)能定理得:-2FR=$\frac{1}{2}$mv12-$\frac{1}{2}$m(2v0)2,
在C點(diǎn),由余弦定理得:(qE′)2=(mg)2+F2-2mgFcos(90°-30°)
解得:E′=$\frac{m}{g}$$\sqrt{{g}^{2}+\frac{16{v}_{0}^{4}}{25{R}^{2}}-\frac{4g{v}_{0}^{2}}{5R}}$;
答:(1)拋出點(diǎn)的縱坐標(biāo)值y為$\frac{3{v}_{0}^{2}}{2g}$;
(2)E的大小為$\frac{mg}{q}$,B的大小為$\frac{2m{v}_{0}}{qR}$;
(3)E的大小為$\frac{m}{g}$$\sqrt{{g}^{2}+\frac{16{v}_{0}^{4}}{25{R}^{2}}-\frac{4g{v}_{0}^{2}}{5R}}$.
點(diǎn)評(píng) 本題考查了小球在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng),分析清楚小球的運(yùn)動(dòng)過(guò)程是解題的關(guān)鍵,應(yīng)用類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律、平衡條件、牛頓第二定律與余弦定理可以解題.
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:填空題
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A. | 根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度定義式$E=\frac{F}{q}$,電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度和試探電荷的電荷量q無(wú)關(guān) | |
B. | 根據(jù)電勢(shì)差的定義式${U_{AB}}=\frac{{{W_{AB}}}}{q}$,帶電量為1×10-5C的正電荷,從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)克服電場(chǎng)力做功為1×10-5J,則A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差為-1V | |
C. | 根據(jù)電容的定義式$C=\frac{Q}{U}$,電容器的電容值與電容器所帶的電荷量成正比,與兩極板的電勢(shì)差成反比 | |
D. | 根據(jù)電場(chǎng)力做功的計(jì)算式W=qU,一個(gè)電子在1V電壓下加速,電場(chǎng)力做功為1eV |
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