Question

19．如圖是阿毛同學(xué)的漫畫中出現(xiàn)的裝置，描述了一個(gè)“吃貨”用來做“糖炒栗子”的“萌”事兒：將板栗在地面小平臺(tái)上以一定的初速經(jīng)過位于豎直面內(nèi)的兩個(gè)四分之一圓弧銜接而成的軌道，從最高點(diǎn)P飛出進(jìn)入炒鍋內(nèi)，利用來回運(yùn)動(dòng)使其均勻受熱．我們用質(zhì)量為m的小滑塊代替栗子，借這套裝置來研究一些物理問題．設(shè)大小兩個(gè)四分之一圓弧的半徑分別為2R和R，小平臺(tái)和圓弧均光滑．將過鍋底的縱截面看作是兩個(gè)斜面AB、CD和一段光滑圓弧BC組成，滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.25，且不隨溫度變化．兩斜面傾角均為θ=37°，AB=CD=2R，A、D等高，D端固定一小擋板，鍋底位于圓弧形軌道所在的豎直平面內(nèi)，碰撞不損失機(jī)械能．滑塊始終在同一個(gè)豎直平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，重力加速度為g．
（1）如果滑塊恰好能經(jīng)P點(diǎn)飛出，為了使滑塊恰好沿AB斜面進(jìn)入鍋內(nèi)，應(yīng)調(diào)節(jié)鍋底支架高度使斜面的A、D點(diǎn)離地高為多少？
（2）接（1）問，試通過計(jì)算分析滑塊的運(yùn)動(dòng)過程．
（3）對滑塊的不同初速度，求其通過最高點(diǎn)P和小圓弧最低點(diǎn)Q時(shí)受壓力之差的最小值．

Answer 1

分析 （1）根據(jù)牛頓第二定律求出滑塊恰好到達(dá)P點(diǎn)的速度，根據(jù)速度方向與斜面AB平行，結(jié)合平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，運(yùn)用平行四邊形定則求出豎直分速度，從而得出AD離地的高度．
（2）根據(jù)平行四邊形定則求出進(jìn)入A點(diǎn)時(shí)滑塊的速度，假設(shè)經(jīng)過一個(gè)來回能夠回到A點(diǎn)，運(yùn)用動(dòng)能定理，求出回來時(shí)動(dòng)能，再分析運(yùn)動(dòng)過程．
（3）根據(jù)牛頓第二定律分別求出P、Q的彈力，結(jié)合機(jī)械能守恒定律得出壓力差，結(jié)合最高點(diǎn)的最小速度求出壓力之差的最小值．

解答 解：（1）在P點(diǎn)，有 $mg=\frac{{m{v_P}^2}}{2R}得{v_P}=\sqrt{2gR}$
到達(dá)A點(diǎn)時(shí)速度方向要沿著AB，${v_y}={v_p}．tanθ=\frac{3}{4}\sqrt{2gR}$
所以AD離地高度為 $h=3R-\frac{{{v_y}^2}}{2g}=\frac{39}{16}R$
（2）進(jìn)入A點(diǎn)滑塊的速度為 $v=\frac{v_P}{cosθ}=\frac{5}{4}\sqrt{2gR}$
假設(shè)經(jīng)過一個(gè)來回能夠回到A點(diǎn)，設(shè)回來時(shí)動(dòng)能為E_k，則得 ${E_k}=\frac{1}{2}m{v^2}-μmgcosθ8R＜0$
所以滑塊不會(huì)滑到A而飛出，最終在BC間來回滑動(dòng)．
（3）設(shè)初速度、最高點(diǎn)速度分別為v₁、v₂
根據(jù)牛頓第二定律，在Q點(diǎn)，有 ${F_1}-mg=m\frac{v_1^2}{R}$，
在P點(diǎn)，有 ${F_2}+mg=m\frac{v_2^2}{2R}$
所以 ${F_1}-{F_2}=2mg+\frac{m（2v_1^2-2v_2^2+v_2^2）}{2R}$
由機(jī)械能守恒得 $\frac{1}{2}mv_1^2=\frac{1}{2}mv_2^2+mg•3R$
解得$v_1^2-v_2^2=6gR$，為定值，代入v₂的最小值 $\sqrt{2gR}$
得壓力差的最小值為9mg
答：
（1）斜面的A、D點(diǎn)離地高為$\frac{39}{16}R$．
（2）滑塊不會(huì)滑到A而飛出，最終在BC間來回滑動(dòng)．
（3）通過最高點(diǎn)P和小圓弧最低點(diǎn)Q時(shí)受壓力之差的最小值為9mg．

點(diǎn)評 本題關(guān)鍵要理清小球的運(yùn)動(dòng)情況，把握P點(diǎn)的臨界條件，明確兩個(gè)狀態(tài)之間的關(guān)系：符合機(jī)械能守恒．運(yùn)用平拋運(yùn)動(dòng)、動(dòng)能定理及機(jī)械能守恒、牛頓運(yùn)動(dòng)定律等基本規(guī)律處理．