Question

19．小明設計的電磁健身器的簡化裝置如圖所示，兩根平行金屬導軌相距l(xiāng)=0.50m，傾角θ=53°，導軌上端串接一個0.05Ω的電阻．在導軌間長d=0.56m的區(qū)域內，存在方向垂直導軌平面向下的勻強磁場，磁感應強度B=2.0T．質量m=4.0kg的金屬棒CD水平置于導軌上，用絕緣繩索通過定滑輪與拉桿GH相連．CD棒的初始位置與磁場區(qū)域的下邊界相距s=0.24m．一位健身者用恒力F=80N拉動GH桿，CD棒由靜止開始運動，上升過程中CD棒始終保持與導軌垂直．當CD棒到達磁場上邊界時健身者松手，觸發(fā)恢復裝置使CD棒回到初始位置（重力加速度g=10m/s²，sin53°=0.8，不計其他電阻、摩擦力以及拉桿和繩索的質量）．求
（1）CD棒進入磁場時速度v的大��；
（2）CD棒進入磁場時所受的安培力F_A的大��；
（3）在拉升CD棒的過程中，健身者所做的功W和電阻產生的焦耳熱Q．

Answer 1

分析 （1）CD棒進入磁場前，由牛頓第二定律求出加速度，再由運動學公式求CD棒進入磁場時速度v．
（2）CD棒進入磁場后切割磁感線產生感應電動勢，先由E=BLv求感應電動勢，再由歐姆定律求出感應電流，最后由安培力公式求解CD棒安培力F_A的大�。�
（3）健身者所做的功W根據(jù)功的計算公式求．由牛頓第二定律求出CD棒進入磁場后的加速度，知道CD棒做勻速運動，求出運動時間，再由焦耳定律求焦耳熱．

解答 解：（1）CD棒進入磁場前，由牛頓第二定律得：
a=$\frac{F-mgsinθ}{m}$=12m/s²…①
進入磁場時CD棒的速度為：v=$\sqrt{2as}$=$\sqrt{2×12×0.24}$=2.4m/s…②
（2）CD棒進入磁場時產生的感應電動勢為：E=Blv…③
感應電流為：I=$\frac{Blv}{R}$…④
CD棒安培力為：F_A=BIl…⑤
聯(lián)立代入得：F_A=$\frac{{B}^{2}{l}^{2}v}{R}$=48N…⑥
（3）在拉升CD棒的過程中，健身者所做的功為：W=F（s+d）=64J…⑦
由于 F-mgsinθ-F_A=0…⑧
所以CD棒進入磁場后做勻速運動，在磁場中運動時間為：t=$\fracvhz7xfd{v}$…⑨
則電阻產生的焦耳熱為：Q=I²Rt=13.44J
答：
（1）CD棒進入磁場時速度v的大小為2.4m/s
（2）CD棒進入磁場時所受的安培力F_A的大小是48N；
（3）在拉升CD棒的過程中，健身者所做的功W是64J，電阻產生的焦耳熱Q是13.44J．

點評 本題是力電綜合題，關鍵要根據(jù)法拉第定律、歐姆定律得到安培力的表達式，并計算出安培力的大小，從而判斷導體棒的受力情況和運動情況．第3小題，不要有思維定勢，認為求焦耳熱就想到能量守恒定律，要知道導體棒勻速運動時，感應電流一定，可根據(jù)焦耳定律求熱量．