Question

10．為了研究過山車的原理，物理小組提出了下列的設(shè)想：取一個與水平方向夾角為37°、長為L=2.0m的粗糙的傾斜軌道AB，通過水平軌道BC與豎直圓軌道相連，出口為水平軌道DE，整個軌道除AB段以外都是光滑的．其中AB與BC軌道以微小圓弧相接，如圖所示．一個小物塊以初速度v₀=4.0m/s，從某一高處水平拋出，到A點(diǎn)時(shí)速度方向恰沿AB方向，并沿傾斜軌道滑下．已知物塊與傾斜軌道的動摩擦因數(shù)μ=0.50（g取10m/s²，sin37°=0.60，cos37°=0.80）求：
（1）小物塊的拋出點(diǎn)和A點(diǎn)的高度差；
（2）要使小物體不離開軌道，并從水平軌道DE滑出，求豎直圓弧軌道的半徑應(yīng)該滿足什么條件
（3）a．為了讓小物塊不離開軌道，并且能滑回傾斜軌道AB，求豎直圓弧軌道的半徑應(yīng)該滿足什么條件；
b．按照“a”的要求，小物塊進(jìn)入軌道后可以有多少次通過圓軌道上距水平軌道高為0.01m的某一點(diǎn)．

Answer 1

分析 （1）通過平拋運(yùn)動的規(guī)律求出小物塊到達(dá)A處時(shí)下落的高度，根據(jù)牛頓第二定律求出小物塊在最高點(diǎn)的最小速度，通過全過程運(yùn)用動能定理求出豎直圓軌道的半徑應(yīng)該滿足的條件．
（2）a．為了讓物塊不離開軌道，并且能夠滑回傾斜軌道AB，則物塊上升的高度須小于或等于R₀′，則根據(jù)動能定理求出豎直軌道的半徑應(yīng)該滿足的條件．
b．根據(jù)動能定理求出再次進(jìn)入圓軌道到達(dá)的高度和第一次沖上圓軌道的高度關(guān)系，得出上升n次后高度的通項(xiàng)式，從而得出小物塊進(jìn)入軌道后可以有多少次通過圓軌道上距水平軌道高為0．O1m的某一點(diǎn)．

解答 解：（1）物體做平拋運(yùn)動，到達(dá)A處時(shí)，令下落的高度為h，水平分速度為v_x，豎直分速度為v_y，則由平拋運(yùn)動的規(guī)律可知：
tan37°=$\frac{{v}_{y}}{{v}_{x}}$，v_x=v₀，v_y²=2gh
物體落在斜面上后，受到斜面的摩擦力為：f=μN(yùn)=μmgcos37°．
設(shè)物塊進(jìn)入圓軌道到最高點(diǎn)時(shí)有最小速度v₁，此時(shí)物塊受到的重力恰好提供向心力了，令軌道的軌道半徑為R₀．由牛頓第二定律知：
mg=m$\frac{{v}_{1}^{2}}{{R}_{0}}$
物塊從拋出到圓軌道最高點(diǎn)的過程中，由動能定理知：
mg（h+Lsin37°）-μmgcos37°•L-2mgR₀=$\frac{1}{2}$mv₁²-$\frac{1}{2}$mv₀²
聯(lián)立上面各式解得：R₀=0.66m．
若物塊從水平軌道DE滑出，則豎直圓軌道的半徑R₁≤0.66m．
（2）a．為了讓物塊不離開軌道，并且能夠滑回傾斜軌道AB，則物塊上升的高度須小于或等于R₀′，則根據(jù)動能定理得：
mg（h+Lsin37°）-μmgcos37°•L-mgR₀′=0-$\frac{1}{2}$mv₀²
代入數(shù)據(jù)得：R₀′=1.65m．
若物塊能夠滑回傾斜軌道AB，則R₂≥1.65m．
b．若物塊沖上圓軌道H₁=1.65m高度時(shí)速度變?yōu)?，然后又返回傾斜軌道h₁高處再滑下，然后再次進(jìn)入圓軌道達(dá)到的高度為H₂，則有：
mgH₁=mgh₁+μmgh₁•$\frac{4}{3}$mgH₂=mgh₁-μmgh₁•$\frac{4}{3}$
解得：H₂=$\frac{1-\frac{4}{3}μ}{4}$H₁=$\frac{1}{5}$H₁．
之后物塊在豎直圓軌道和傾斜軌道之間往復(fù)運(yùn)動，同理，n次上升的高度：
H_n=（$\frac{1}{5}$）^n-1H₁（n＞0）為一等比數(shù)列．
可見當(dāng)n=5時(shí)，上升的最大高度小于0.01m，則物塊共有8次通過圓軌道上距水平軌道高為0.01m的某一點(diǎn)．
答：（1）豎直圓軌道的半徑應(yīng)該滿足R₁≤0.66m．
（2）a．豎直圓軌道的半徑應(yīng)該滿足R₂≥1.65m．
b．小物塊進(jìn)入軌道后可以有8次通過圓軌道上距水平軌道高為0．O1m的某一點(diǎn)．

點(diǎn)評 本題綜合考查了動能定理和牛頓第二定律，涉及到平拋運(yùn)動，直線運(yùn)動和圓周運(yùn)動，綜合性較強(qiáng)，對學(xué)生的能力要求較高，需加強(qiáng)這方面的訓(xùn)練．