Question

8．如圖所示，電子在電壓為U₁的加速電場中由靜止開始運動，然后射入電壓為U₂的兩塊平行極板間的電場中，入射方向與極板平行，電子射出電場時，速度方向與入射的初速度方向偏轉了θ角．整個裝置處于真空中，在下列措施中，一定能使電子射出時的側移量變大的是（　　）

• A． U₁不變，U₂變大
• B． U₁變大，U₂變小
• C． U₁變小，U₂變大
• D． U₁變小，U₂變小

Answer 1

分析 電子在加速電場中，在電場力的作用下，做勻加速直線運動，可由電場力做功求出射出加速電場是的速度．電子在水平放置的平行板之間，因受到的電場力的方向與初速度的方向垂直，故電子做類平拋運動．運用平拋運動的豎直方向的速度與水平方向的速度的關系，可求出角度θ的變化情況．

解答 解：設電子被加速后獲得初速為v₀，則由動能定理得：qU₁=$\frac{1}{2}$mv₀²-0   …①
又設極板長為l，則電子在電場中偏轉所用時間：t=$\frac{L}{{v}_{0}}$…②
又設電子在平行板間受電場力作用產(chǎn)生加速度為a，由牛頓第二定律得：a=$\frac{qE}{m}$=$\frac{q{U}_{2}}{md}$…③
電子射出偏轉電場時，平行于電場方向的速度：v_y=at…④
由①、②、③、④可得：v_y=at=$\frac{q{U}_{2}L}{md{v}_{0}}$，
又有：tanθ=$\frac{{v}_{y}}{{v}_{0}}$，
解得：tanθ=$\frac{{U}_{2}L}{2d{U}_{1}}$，
A、U₁不變，U₂變大，偏轉角一定增大，故A正確；
B、U₁變大，U₂變小，偏轉角變小，故B錯誤；
C、U₁變小，U₂變大，偏轉角變大，故C正確；
D、U₁變小，U₂變小，偏轉角不能確定，故D錯誤；
故選：AC．

點評 帶電粒子在電場中的運動，可分為三類，第一類是在勻強電場中做勻變速速直線運動，此過程是電勢能與帶電粒子動能之間的轉化．第二類是帶電粒子在勻強電場中偏轉，帶電粒子垂直進出入勻強電場時做勻變速曲線運動，分解為兩個方向的直線運動，分別用公式分析、求解運算，是這類問題的最基本解法．第三類是帶電粒子在點電荷形成的電場中做勻速圓周運動，應用圓周運動的知識求解．