Question

8．在如圖所示的空間中，水平面MN的下方存在豎直向下的勻強電場．質(zhì)量為m的帶電小球由MN的上方的A點以一定的初速度水平拋出，從B點進入電場，到達 C點時速度方向恰好水平．A、B、C三點在同一直線上，且AB=2BC，不計空氣阻力，重力加速度為g．可知（　�。�

• A． 小球帶正電
• B． 電場力大小為3mg
• C． 小球從A到B與從B到C的運動時間相等
• D． 小球從A到B與從B到C的速度變化量大小不等

Answer 1

分析 小球先做平拋運動，進入電場中做勻變速曲線運動，其逆過程是類平拋運動．兩個過程都運用的分解法研究，水平方向都做勻速直線運動，根據(jù)位移公式x=vt，可分析時間關系；再研究豎直方向，由牛頓第二定律和運動學位移公式結(jié)合列式，求解電場力的大�。�根據(jù)△v=at研究速度變化量的關系．

解答 解：帶電小球從A到C，設在進入電場前后兩個運動過程水平分位移分別為x₁和x₂，豎直分位移分別為y₁和y₂，經(jīng)歷的時間為分別為t₁和t₂．在電場中的加速度為a．
則：從A到B過程小球做平拋運動，則有：
x₁=v₀t₁；
從B到C過程，有：x₂=v₀t₂；
由題意有：x₁=2x₂；
則得：t₁=2t₂；即小球從A到B是從B到C運動時間的2倍．故C錯誤．
又 y₁=$\frac{1}{2}g{{t}_{1}}^{2}$，
將小球在電場中的運動看成沿相反方向的類平拋運動，則有：
y₂=$\frac{1}{2}a{{t}_{2}}^{2}$，
根據(jù)幾何知識有：y₁：y₂=x₁：x₂；
解得：a=2g；
根據(jù)牛頓第二定律得：F-mg=ma=2mg，
解得：F=3mg，故B正確．
由于軌跡向上彎曲，加速度方向必定向上，合力向上，說明電場力方向向上，所以小球帶負電．故A錯誤．
根據(jù)速度變化量△v=at，則得：
AB過程速度變化量大小為△v₁=gt₁=2gt₂；BC過程速度變化量大小為△v₂=at₂=2gt₂；所以小球從A到B與從B到C的速度變化量大小相等，故D錯誤．
故選：B．

點評 本題將平拋運動與類平拋運動的組合，關鍵運用逆向思維研究小球B到C的過程，再運用力學基本規(guī)律：牛頓第二定律和運動學公式列式分析．