分析 (1)求出粒子軌道半徑,應(yīng)用牛頓第二定律可以求出粒子a、b從磁場邊界射出時(shí)的速度va、vb;
(2)求出粒子在磁場中、在電場中、在磁場外的運(yùn)動(dòng)時(shí)間,然后求出總運(yùn)動(dòng)時(shí)間;
(3)作出粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)軌跡,應(yīng)用類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律分析答題.
解答 解:(1)根據(jù)題意,粒子a、b在磁場中受洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng),圓心分別為Oa、Ob,作出其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示,粒子a從A點(diǎn)射出磁場.
由幾何關(guān)系有:${r_a}=\fraccq0c2ye{2}$,rb=d,
由牛頓第二定律有:$qvB=m\frac{v^2}{r}$,
解得:${v_a}=\frac{qBd}{2m}$,${v_b}=\frac{qBd}{m}$;
(2)設(shè)粒子a在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t1,從A點(diǎn)到O2點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2,則:${t_1}=\frac{T_a}{4}$,${T_a}=\frac{2πm}{qB}$,
${t_2}=\frac{{({r_b}-{r_a})+L}}{v_a}$,t=t1+t2,
解得:$t=\frac{πm}{2qB}+\frac{m(L+2d)}{qBd}$.
(3)由題意知粒子a飛出磁場時(shí)速度沿水平方向,在電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為交變電壓周期的n倍,則對(duì)粒子b,有:${t_b}=\frac{v_a}{v_b}(nT)$,
水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng):L=vbtb,
豎直方向在電場力作用下做加速、減速交替的勻變速運(yùn)動(dòng)(0→$\frac{T}{2}$,向下做初速度為0的勻加速運(yùn)動(dòng),向下發(fā)生位移為x1;$\frac{T}{2}$→T,向下做勻減速運(yùn)動(dòng)至速度為0,向下發(fā)生位移為x2…),則:${x_1}=\frac{1}{2}(\frac{{q{E_0}}}{m}){(\frac{T}{2})^2}$,${x_2}=\frac{1}{2}(\frac{{q{E_0}}}{m}•\frac{T}{2})(\frac{T}{2})={x_1}$,
…xn=x1,
粒子b要飛出電場有:(x1+x2+…+xn)≤d,
解得:${E_0}≤\frac{{q{B^2}{d^2}}}{mL}$.
答:(1)粒子a、b從磁場邊界射出時(shí)的速度va為$\frac{qBd}{2m}$、vb為$\frac{qBd}{m}$;
(2)粒子a從O點(diǎn)進(jìn)入磁場到O2點(diǎn)射出電場運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間t為$\frac{πm}{2qB}+\frac{m(L+2d)}{qBd}$;
(3)如果金屬板間交變電場的周期T=$\frac{4m}{qB}$,粒子b從圖乙中t=0時(shí)刻進(jìn)入電場,要使粒子b能夠穿出板間電場時(shí)E0滿足的條件${E_0}≤\frac{{q{B^2}{d^2}}}{mL}$.
點(diǎn)評(píng) 本題考查了帶電粒子在電場與磁場中的運(yùn)動(dòng),分析清楚粒子運(yùn)動(dòng)過程、作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡是正確解題的關(guān)鍵,應(yīng)用牛頓第二定律、粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可正確解題,難度較大.
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科目:高中物理 來源: 題型:計(jì)算題
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科目:高中物理 來源: 題型:計(jì)算題
車型 | 純電動(dòng)2016款 | 整車質(zhì)量 | 1940kg |
額定功率 | 90kW | 0~100km/h加速時(shí)間 | 10s |
最大速率 | 108km/h | 續(xù)航里程 | 300km |
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