Question

5．如圖所示，平行金屬板傾斜放置，AB長度為L，金屬板與水平方向的夾角為θ，一電荷量為q、質(zhì)量為m的帶負(fù)電微粒從下板邊緣的A點(diǎn)以水平速度v₀進(jìn)入兩板間，沿直線到達(dá)上板邊緣的B點(diǎn)，隨即進(jìn)入一圓形區(qū)域，圓形區(qū)域與金屬板間電場不重疊，該區(qū)域有交疊的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，（圖中電場沒有畫出），微粒在此區(qū)域內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，并豎直向下穿出電磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．已知重力加速度為g，試求：
（1）帶電小球進(jìn)入電磁場區(qū)域時的速度v．
（2）圓形區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)E的大小和方向
（3）帶電小球在電磁場區(qū)域做勻速圓周運(yùn)動的時間．
（4）在圓形區(qū)域內(nèi)的運(yùn)動過程中．微粒機(jī)械能的變化量．

Answer 1

分析 （1）微粒受電場力和重力作用下沿AB勻加速運(yùn)動，根據(jù)運(yùn)動學(xué)規(guī)律求解微粒進(jìn)入圓形區(qū)域的速度大小；
（2）微粒在圓形區(qū)域內(nèi)勻速圓周運(yùn)動，微粒所受合力提供圓周運(yùn)動向心力，故可知微粒所受重力與電場力平衡，洛倫茲力提供圓周運(yùn)動向心力，據(jù)此求電場強(qiáng)度的大小和方向；
（3）根據(jù)粒子圓周運(yùn)動由速度方向的變化確定圓周運(yùn)動轉(zhuǎn)過的圓心角，根據(jù)周期求得粒子運(yùn)動的時間；
（4）由微粒圓周運(yùn)動的軌跡求得微粒豎直方向下落的高度，運(yùn)動過程中只有電場力做功和重力做功，故機(jī)械能的減小量等于電場力對微粒所做的功．

解答 解：（1）微粒在平行板間做勻加速直線運(yùn)動
mgtanθ=ma
根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式有：$2a{x}_{AB}={v}^{2}-{{v}_{0}}^{2}$
可得微粒進(jìn)入圓形區(qū)域的速度v=$\sqrt{{{v}_{0}}^{2}+2gLtanθ}$．
（2）微粒在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，有電場力和重力平衡
qE=mg
可得電場強(qiáng)度E=$\frac{mg}{q}$，
因?yàn)槲⒘�帶�?fù)電，所以場強(qiáng)的方向豎直向下；
（3）微粒做勻速圓周運(yùn)動的周期$T=\frac{2πm}{qB}$
微粒在磁場運(yùn)動轉(zhuǎn)過圓心角$θ=\frac{π}{2}$，
所以微粒在磁場中運(yùn)動的時間t=$\frac{θ}{2π}T=\frac{\frac{π}{2}}{2π}\frac{2πm}{qB}=\frac{πm}{2qB}$，
（4）粒子機(jī)械能的減少量
△E=-qEh
根據(jù)粒子在磁場中運(yùn)動軌跡可知，微粒下落距離h=R
根據(jù)洛倫茲力提供圓周運(yùn)動向心力有$qvB=m\frac{{v}^{2}}{R}$，
可得微粒的機(jī)械能的變化量
△E=-$\frac{{m}^{2}g\sqrt{{{v}_{0}}^{2}+\frac{2gLsinθ}{co{s}^{2}θ}}}{qB}$．
答：（1）微粒進(jìn)入圓形區(qū)域時的速度v為$\sqrt{{{v}_{0}}^{2}+2gLtanθ}$．
（2）圓形區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)E的大小為$\frac{mg}{q}$，方向豎直向下；
（3）帶電小球在電磁場區(qū)域做勻速圓周運(yùn)動的時間為$\frac{πm}{2qB}$；
（4）微粒機(jī)械能的變化量為-$\frac{{m}^{2}g\sqrt{{{v}_{0}}^{2}+\frac{2gLsinθ}{co{s}^{2}θ}}}{qB}$．

點(diǎn)評 本題考查了帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動，畫出運(yùn)動軌跡是正確解題的前提，并熟練掌握周期公式和半徑公式是解題的關(guān)鍵．