8.原子序數(shù)依次增大的A、B、C、D、E、F六種元素.其中A的基態(tài)原子有3個不同能級,各能級中的電子數(shù)相等;C的基態(tài)原子2p能級上的未成對電子數(shù)與A原子的相同;D為它所在周期中原子半徑最大的主族元素;E,F(xiàn)和C位于同一主族,F(xiàn)處于第一個長周期.
(1)F原子基態(tài)的外圍核外電子排布式為1s22s22p63s23p63d104s1或[Ar]3d104s1;
(2)由A、B、C形成的離子CAB-與AC2互為等電子體,則CAB-的結(jié)構(gòu)式為[N=C=O]-;
(3)在元素A與E所形成的常見化合物中,A原子軌道的雜化類型為sp;
(4)PM2.5富含大量的有毒、有害物質(zhì),易引發(fā)二次光化學煙霧污染,光化學煙霧中含有NOx、CH2═CHCHO、HCOOH.CH3COONO2(PAN)等二次污染物.
①下列說法正確的是AC
A.N2O為直線型分子
B.C、N、O的第一電離能依次增大
C.CH2═CHCHO分子中碳原子均采用sp2雜化
D.相同壓強下,HCOOH沸點比CH3OCH3高,說明前者是極性分子,后者是非極性分子
(5)白磷(P4)的晶體屬于分子晶體,其晶胞結(jié)構(gòu)如圖(小圓圈表示白磷分子).己知晶胞的邊長為a cm,阿伏加德羅常數(shù)為NA mol-l,則該晶胞中含有的P原子的個數(shù)為16,該晶體的密度為$\frac{496}{{a}^{3}N{\;}_{A}}$ g•cm-3(用含NA、a的式子表示)

分析 原子序數(shù)依次增大的A、B、C、D、E、F六種元素,A的基態(tài)原子有3個不同能級,各能級中的電子數(shù)相等,則A是C元素;
C的基態(tài)原子2p能級上的未成對電子數(shù)與A原子的相同,C原子序數(shù)大于A,則C為O元素;
B原子序數(shù)大于A而小于C,則B是N元素;
E,F(xiàn)和C位于同一主族,F(xiàn)處于第一個長周期,則E為S元素、F為Se元素;
D為它所在周期中原子半徑最大的主族元素,原子序數(shù)小于S,則D是Na元素;
(1)F是Cu元素,其原子核外有29個電子,根據(jù)構(gòu)造原理書寫F基態(tài)原子的核外電子排布式;
(2)由C、N、O形成的離子OCN-與CO2互為等電子體,等電子體結(jié)構(gòu)相似;
(3)在元素C與S所形成的常見化合物CS2中,根據(jù)價層電子對理論確定A原子軌道的雜化類型;
(4)①A.N2O與CO2是等電子體,二者結(jié)構(gòu)相似;
B.同一周期元素,元素第一電離能隨著原子序數(shù)增大而呈增大趨勢,但第IIA族、第VA族元素第一電離能大于其相鄰元素;
C.CH2=CHCHO分子中碳原子均形成3個σ鍵,沒有孤對電子,雜化軌道數(shù)目為3;
D.含有氫鍵的氫化物熔點較高;
(5)根據(jù)均攤法可知,晶胞中P4分子數(shù)目為4,則晶胞中含有16個P原子,計算晶胞質(zhì)量,再根據(jù)ρ=$\frac{m}{V}$計算晶胞密度.

解答 解:原子序數(shù)依次增大的A、B、C、D、E、F六種元素,A的基態(tài)原于有3個不同的能級,各能級中的電子數(shù)相等,則A是C元素;C的基態(tài)原子2p能級上的未成對電子數(shù)與A原子的相同,C原子序數(shù)大于A,則C為O元素;
B原子序數(shù)大于A而小于C,則B是N元素;
E和C位于同一主族,且E原子序數(shù)小于25,則C是S元素;
D為它所在周期中原子半徑最大的主族元素,原子序數(shù)小于S,則D是Na元素;
F的原子序數(shù)為29,為Cu元素;
(1)F是Cu元素,其原子核外有29個電子,根據(jù)構(gòu)造原理知Cu元素基態(tài)原子的核外電子排布式為1s22s22p63s23p63d104s1或[Ar]3d104s1,
故答案為:1s22s22p63s23p63d104s1或[Ar]3d104s1
(2)由C、N、O形成的離子OCN-與CO2互為等電子體,根據(jù)二氧化碳結(jié)構(gòu)式知OCN-的結(jié)構(gòu)簡式為[N=C=O]-;
故答案為:[N=C=O]-
(3)在元素C與S所形成的常見化合物CS2中,二硫化碳分子中中心原子價層電子對個數(shù)是2且不含孤電子對,所以C原子采用sp雜化;
故答案為:sp;
(4)①A.N2O與CO2是等電子體,二者結(jié)構(gòu)相似,則N2O為直線型分子,故A正確;
B.同一周期元素的第一電離能隨著原子序數(shù)的增大而呈增大趨勢,由于氮原子2p軌道是半滿穩(wěn)定結(jié)構(gòu),第一電離能高于同周期相鄰元素的,所以其第一電離能大小順序是:N>O>C,故B錯誤;
C.CH2=CH-CHO分子中每個碳原子均形成三個σ鍵,沒有孤對電子,雜化軌道數(shù)目為3,均采用sp2雜化,故C正確;
D.HCOOH分子間能形成氫鍵,CH3OCH3不能形成分子間氫鍵,所以相同壓強下,HCOOH沸點比CH3OCH3高,故D錯誤.
故選:AC;
(5)根據(jù)均攤法可知,晶胞中P4分子數(shù)目為8×$\frac{1}{8}$+6×$\frac{1}{2}$=4,則晶胞中P原子數(shù)目為4×4=16,晶胞質(zhì)量為16×$\frac{31}{N{\;}_{A}}$g,晶胞體積為(a cm)3,則晶胞密度為$\frac{\frac{16×31}{N{\;}_{A}}g}{(acm)^{3}}$=$\frac{496}{{a}^{3}N{\;}_{A}}$g•cm-3;
故答案為:16;$\frac{496}{{a}^{3}N{\;}_{A}}$.

點評 本題考查物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì),推斷元素是解題關(guān)鍵,涉及核外電子排布、等電子體、電離能、雜化方式與空間構(gòu)型判斷、氫鍵、配合物、晶胞計算等,難度中等,注意理解同周期第一電離能異常情況,注意氫鍵對物質(zhì)性質(zhì)的影響.

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2.運用相關(guān)化學知識進行判斷,下列結(jié)論正確的是(  )
A.晶體硅硬度大、熔點高,因而可用于制作半導體材料
B.常溫下鋁制品可以儲運濃硫酸和濃硝酸
C.水煤氣、液氯、水玻璃、福爾馬林為混合物
D.金屬汞一旦灑落在實驗室地面或桌面上,必須盡快收集,并深埋處理

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19.下列物質(zhì)中是同系物的有(2)或(7)與(5)或(8),互為同分異構(gòu)體的有(5)和(8),互為同素異形體的有(3)和(10),同是同位素的有(9)和(11),是同一種物質(zhì)的有(1)和(4)、(2)和(7).
(1)液氯
(2)
(3)白磷
(4)氯氣
(5)2,2-二甲基丁烷
(6)氯水
(7)
(8)
(9)${\;}_{17}^{35}$Cl
(10)紅磷
(11)${\;}_{17}^{37}$Cl.

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16.下列物質(zhì)命名正確的是( 。
A.        
,3,5,5-四甲基-4,4-二乙基己烷
B.    
 1,3,4-三甲苯
C.  
 2-甲基-3-丁炔
D.     
2-丁醇

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3.將銅片、鋅片插入500mL2mol/L稀硫酸中組成原電池,c、d為兩個電極.則下列有關(guān)的判斷正確的是(溶液體積變化忽略不計)( 。
A.c為負極,其質(zhì)量逐漸減小,發(fā)生還原反應(yīng)
B.當有0.2mol電子通過電路,正極表明產(chǎn)生氣體2.24L
C.電池工作的過程中,溶液中SO42-濃度逐漸減小
D.當負極質(zhì)量減輕32.5g時,燒杯中溶液中H+的濃度為2mol/L

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13.在一定溫度下,向aL密閉容器中加入1molX氣體和2molY氣體,發(fā)生如下反應(yīng)X(g)+2Y(g)?2Z(g),不能作為此反應(yīng)達到平衡狀態(tài)的標志的是( 。
A.容器內(nèi)壓強不隨時間變化
B.容器內(nèi)各物質(zhì)的濃度不隨時間變化
C.容器內(nèi)X、Y、Z濃度之比為1:2:2
D.混合氣的平均摩爾質(zhì)量不隨時間變化時

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20.2008年北京奧運會“祥云”火炬用的是環(huán)保型燃料--丙烷(C3H8),悉尼奧運會火炬所用燃料為65%丁烷(C4H10)和35%丙烷,已知丙烷的燃燒熱為:-2221.5kJ/mol,下列有關(guān)說法正確的是( 。
A.奧運火炬燃燒主要是將化學能轉(zhuǎn)變?yōu)闊崮芎凸饽?/td>
B.丙烷常溫下是液體
C.丙烷、空氣及鉑片可組成燃料電池,在丙烷附近的鉑極為電池的正極
D.丙烷燃燒的熱化學方程式為C3H8(g)+5O2(g)=3CO2(g)+4H2O(g);△H=-2221.5kJ/mol

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科目:高中化學 來源: 題型:解答題

17.某同學發(fā)布了三份無色溶液檢測報告,結(jié)果如下(水電離的H+、OH-忽略不計):
溶液(1)中所含全部離子及其濃度
離子濃度mol•L-1離子濃度mol•L-1
Na+0.1Cl-0.9
Ag+0.5NO3-0.3
Mg2+0.3
溶液(2)中所含全部離子及其濃度
離子濃度mol•L-1離子濃度mol•L-1
Na+0.1Cu2+0.2
Ba2+0.5NO3-1.5
Mg2+0.3Cl-0.6
溶液(3)中所含全部離子及其濃度
離子濃度mol•L-1離子濃度mol•L-1
Na+0.1Cl-0.2
K+0.5NO3-0.3
Mg2+0.3SO42-0.4
請分析判斷:上述三份檢測結(jié)果是否可靠,若不可靠,說出理由.
溶液(1)結(jié)果是否可靠不可靠,理由Ag+和Cl-不能共存;
溶液(2)結(jié)果是否可靠不可靠,理由原溶液為無色,不可能有Cu2+
溶液(3)結(jié)果是否可靠不可靠,理由溶液中陰陽離子電荷不平衡.

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18.已知:①次磷酸(H3PO2)是一種一元弱酸;
②常溫下,電離平衡常數(shù)Ka(H3PO2)=5.9×10-2,Ka(CH3COOH)=1.8×10-5;
(1)下列說法正確的是AD.
A.次磷酸的電離方程式為:H3PO2?H++H2PO2-
B.NaH2PO2屬于酸式鹽
C.濃度均為0.1mol•L-1的次磷酸(H3PO2)與鹽酸相比前者導電能力強
D.0.1mol•L-1NaH2PO2溶液的pH比0.1mol•L-1CH3COONa溶液的pH小
(2)次磷酸鈉NaH2PO2具有強還原性,是一種很好的化學鍍劑.如NaH2PO2能將溶液中的Ni2+還原為Ni,用于化學鍍鎳.酸性條件下鍍鎳溶液中發(fā)生如下反應(yīng):
1Ni2++1H2PO2-+1(H2O)═1Ni+1H2PO3-+2(H+
請完成并配平上列的離子方程式.
(3)常溫下,用0.1000mol•L-1NaOH溶液滴定20.00mL某未知濃度的H3PO2溶液,滴定曲線如圖所示:
A點所示溶液中$\frac{c({H}_{2}P{{O}_{2}}^{-})}{c({H}_{3}P{O}_{2})}$=590;
B點所示溶液中所有離子濃度的大小關(guān)系是:c(H2PO2-)>c(Na+)>c(H+)>c(OH-);
C點所示溶液中存在:c(H2PO2-)+c(H3PO2)=c(Na+),則H3PO2的物質(zhì)的量濃度為0.1024mol/L(保留四位有效數(shù)字).

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