7.已知圓x2+y2-2x-2y+1=0,直線l:y=kx,直線l與圓C交于A、B兩點(diǎn),點(diǎn)M的坐標(biāo)為(0,b),且滿足$\overrightarrow{MA}$⊥$\overrightarrow{MB}$.
(1)當(dāng)b=1時(shí),求k的值;
(2)當(dāng)b∈(1,$\frac{3}{2}$)時(shí),求k的取值范圍.

分析 (Ⅰ)當(dāng)b=1時(shí),點(diǎn)M(0,b)在圓C上,當(dāng)且僅當(dāng)直線l經(jīng)過圓心C時(shí),滿足$\overrightarrow{MA}$⊥$\overrightarrow{MB}$,把圓心坐標(biāo)(1,1)代入直線l:y=kx,可得k的值;
(Ⅱ)把直線l的方程代入圓的方程轉(zhuǎn)化為關(guān)于x的一元二次方程,利用根與系數(shù)的關(guān)系以及$\overrightarrow{MA}$⊥$\overrightarrow{MB}$,求得2+$\frac{2k-2}{{k}^{2}+1}$=b+$\frac{1}$,.令f(b)=b+$\frac{1}$,在區(qū)間(1,$\frac{3}{2}$)上單調(diào)遞增,求得f(b)∈(2,$\frac{13}{6}$),可得$\frac{2k-2}{{k}^{2}+1}$∈(0,$\frac{1}{6}$),解此不等式求得k的取值范圍(注意檢驗(yàn)△>0).

解答 解:(1)將圓轉(zhuǎn)化成標(biāo)準(zhǔn)方程:(x-1)2+(y-1)2=1,
當(dāng)b=1時(shí),點(diǎn)M(0,1)在圓C上,
當(dāng)且僅當(dāng)直線l經(jīng)過圓心C時(shí),滿足MP⊥MQ.
∵圓心C的坐標(biāo)為(1,1),
∴k=1.
(Ⅱ)由 $\left\{\begin{array}{l}{y=kx}\\{{x}^{2}+{y}^{2}-2x-2y+1=0}\end{array}\right.$,消去y得:(k2+1)x2-(2k+2)x+1=0,①
設(shè)P(x1,y1)Q(x2,y2),
∴x1+x2=$\frac{2(1+k)}{1+{k}^{2}}$,x1•x2=$\frac{1}{1+{k}^{2}}$,
∵$\overrightarrow{MA}$⊥$\overrightarrow{MB}$,
∴$\overrightarrow{MA}$•$\overrightarrow{MB}$=0,
(x1,y1-b)(x2,y2-b)=0,即x1•x2+(y1-b)(y2-b)=0
∵y1=kx1,y2=kx2,
∴(1+k2)x1•x2-kb(x1+x2)+b2=0,
∴(1+k2)•$\frac{1}{1+{k}^{2}}$-kb•$\frac{2(1+k)}{1+{k}^{2}}$+b2=0,即$\frac{2k(1+k)}{1+{k}^{2}}$=2+$\frac{2k-2}{{k}^{2}+1}$=$\frac{^{2}+1}$=b+$\frac{1}$,
∵b∈(1,$\frac{3}{2}$),
設(shè)f(b)=b+$\frac{1}$,由f(b)在區(qū)間(1,$\frac{3}{2}$)上單調(diào)遞增,
f(b)∈(2,$\frac{13}{6}$),
∴$\frac{2k-2}{{k}^{2}+1}$∈(0,$\frac{1}{6}$),解得:1<k<6-$\sqrt{23}$或k>6+$\sqrt{23}$,
k的取值范圍(1,6-$\sqrt{23}$)∪(6+$\sqrt{23}$,+∞).

點(diǎn)評(píng) 本題考查直線和圓相交的性質(zhì),一元二次方程根與系數(shù)的關(guān)系,一元二次不等式的解法,函數(shù)的單調(diào)性及最值,考查計(jì)算能力,屬于難題.

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