分析 (1)由題意可知:橢圓C:$\frac{{x}^{2}}{{a}^{2}}+\frac{{y}^{2}}{^{2}}=1$(a>b>0)焦點在x軸上,一個頂點為A(2,0),即a=2,橢圓的離心率e=$\frac{c}{a}$=$\sqrt{1-\frac{^{2}}{{a}^{2}}}$=$\frac{\sqrt{2}}{2}$,解得:b2=2,即可求得橢圓方程;
(2)設直線l的方程為:my=x-1,代入橢圓方程,由韋達定理可知:y1+y2=-$\frac{2m}{{m}^{2}+2}$,y1y2=-$\frac{3}{{m}^{2}+2}$,由弦長公式可知:∴|MN|=$\sqrt{1+{m}^{2}}$•$\sqrt{({y}_{1}+{y}_{2})^{2}-4{y}_{1}{y}_{2}}$=$\sqrt{1+{m}^{2}}$•$\frac{2\sqrt{4{m}^{2}+6}}{{m}^{2}+2}$.點A到直線l的距離d=$\frac{1}{\sqrt{1+{m}^{2}}}$,根據(jù)三角形的面積公式可知:S=$\frac{1}{2}$|•BC|•d=$\frac{\sqrt{4{m}^{2}+6}}{{m}^{2}+2}$=$\frac{{\sqrt{10}}}{3}$,即可求得m的值,求得直線l的方程.
解答 解:(1)由題意可知:橢圓C:$\frac{{x}^{2}}{{a}^{2}}+\frac{{y}^{2}}{^{2}}=1$(a>b>0)焦點在x軸上,
由一個頂點為A(2,0),即a=2,
橢圓的離心率e=$\frac{c}{a}$=$\sqrt{1-\frac{^{2}}{{a}^{2}}}$=$\frac{\sqrt{2}}{2}$,解得:b2=2,
∴橢圓的標準方程為$\frac{{x}^{2}}{4}+\frac{{y}^{2}}{2}=1$:
(2)設直線l的方程為:my=x-1,M(x1,y1),N(x2,y2).
聯(lián)立$\left\{\begin{array}{l}{my=x-1}\\{\frac{{x}^{2}}{4}+\frac{{y}^{2}}{2}=1}\end{array}\right.$,化為(m2+2)y2+2my-3=0,
△=4m2+12(m2+2)=16m2+24>0
∴y1+y2=-$\frac{2m}{{m}^{2}+2}$,y1y2=-$\frac{3}{{m}^{2}+2}$.
∴|MN|=$\sqrt{1+{m}^{2}}$•$\sqrt{({y}_{1}+{y}_{2})^{2}-4{y}_{1}{y}_{2}}$
=$\sqrt{1+{m}^{2}}$•$\sqrt{(-\frac{2m}{{m}^{2}+2})^{2}-4×(-\frac{3}{{m}^{2}+2})}$=$\sqrt{1+{m}^{2}}$•$\frac{2\sqrt{4{m}^{2}+6}}{{m}^{2}+2}$.
點A到直線l的距離d=$\frac{1}{\sqrt{1+{m}^{2}}}$,
∴△AMN的面積S=$\frac{1}{2}$|•BC|•d=$\frac{\sqrt{4{m}^{2}+6}}{{m}^{2}+2}$=$\frac{{\sqrt{10}}}{3}$,
化為5m4+2m2-7=0,
解得m2=1,
∴m=±1.
直線l的方程x±y-1=0.
點評 本題考查了橢圓的標準方程及其性質(zhì)、直線與橢圓相交弦長問題、一元二次的方程的根與系數(shù)的關系、點到直線的距離公式、三角形面積計算公式,考查了推理能力與計算能力,屬于中檔題.
科目:高中數(shù)學 來源: 題型:選擇題
A. | [-2,2] | B. | {-1,0,1} | C. | {-2,-1,0,1,2} | D. | {0,1,2,3} |
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科目:高中數(shù)學 來源: 題型:解答題
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科目:高中數(shù)學 來源: 題型:填空題
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科目:高中數(shù)學 來源: 題型:選擇題
A. | f(x)=x2-x | B. | f(x)=$\frac{1}{x}$+x | C. | f(x)=2x+$\frac{1}{{2}^{x}}$ | D. | f(x)=x|x| |
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科目:高中數(shù)學 來源: 題型:解答題
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科目:高中數(shù)學 來源: 題型:解答題
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科目:高中數(shù)學 來源: 題型:選擇題
A. | 1 | B. | 2 | C. | 3 | D. | 4 |
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