Question

2．設(shè)數(shù)列{a_n}和{b_n}的前n項(xiàng)和分別為S_n和T_n，已知a_n＞0，（a_n+1）²=4（S_n+1），b_nS_n-1=（n+1）²，其中n∈N^*．
（1）求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（2）求數(shù)列{b_n}的前項(xiàng)和T_n；
（3）且符號(hào)[x]表示不超過(guò)x的最大整數(shù)，例如[$\frac{2}{3}}$]=0，[${\frac{11}{12}}$]=0，[${\frac{21}{20}}$]=0，[2.8]=2．當(dāng)n∈N^*時(shí)，試求[T₁]+[T₂]+…+[T_n]．

Answer 1

分析 （1）由題意可知：當(dāng)$n=1，{（{a_1}+1）^2}=4（{a_1}+1）$，解得：a₁=3，則${a}_{n}^{2}$+2a_n+1=4S_n+4①，當(dāng)n≥2時(shí)，${a}_{n-1}^{2}$+2a_n-1+1=4S_n-1+4②，①-②得a_n-a_n-1=2，因此數(shù)列{a_n}為首項(xiàng)為3，公差為2的等差數(shù)列，根據(jù)等比數(shù)列的通項(xiàng)公式即可求得數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（2）由（1）可知：${S_n}=\frac{（3+2n+1）n}{2}={n^2}+2n$，${b_n}（{n^2}+2n）-1={n^2}+2n+1$，${b_n}=\frac{{{n^2}+2n+2}}{{{n^2}+2n}}=1+\frac{2}{{{n^2}+2n}}=1+\frac{1}{n}-\frac{1}{n+2}$，采用分組求和及“裂項(xiàng)法”即可求得數(shù)列{b_n}的前項(xiàng)和T_n；
（3）由（2）可知：[T₁]+[T₂]+…+[T_n]=1+2+4+5+6+7+…+n+1，根據(jù)等差數(shù)列通項(xiàng)公式即可求得[T₁]+[T₂]+…+[T_n]的值．

解答 解：（1）當(dāng)$n=1，{（{a_1}+1）^2}=4（{a_1}+1）$，整理得：${a}_{1}^{2}$-2a₁-3=0，
解得：a₁=3或a₁=-1（舍去）
${a}_{n}^{2}$+2a_n+1=4S_n+4①
當(dāng)n≥2時(shí)，${a}_{n-1}^{2}$+2a_n-1+1=4S_n-1+4②
①-②得${a_n}^2-{a_{n-1}}^2+2{a_n}-2{a_{n-1}}=4{a_n}$，化簡(jiǎn)得：${a_n}^2-{a_{n-1}}^2=2（{a_n}+{a_{n-1}}）$，
∴a_n-a_n-1=2，
∴數(shù)列{a_n}為首項(xiàng)為3，公差為2的等差數(shù)列，
∴a_n=3+（n-1）2=2n+1，
數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式a_n=2n+1；
（2）由（1）得，${S_n}=\frac{（3+2n+1）n}{2}={n^2}+2n$，
${b_n}（{n^2}+2n）-1={n^2}+2n+1$，
∴${b_n}=\frac{{{n^2}+2n+2}}{{{n^2}+2n}}=1+\frac{2}{{{n^2}+2n}}=1+\frac{1}{n}-\frac{1}{n+2}$，
∴${T_n}=n+（1-\frac{1}{3}+\frac{1}{2}-\frac{1}{4}+\frac{1}{3}-\frac{1}{5}+\frac{1}{4}-\frac{1}{6}+…+\frac{1}{n-1}-\frac{1}{n+1}+\frac{1}{n}-\frac{1}{n+2}）$，
=$n+（1+\frac{1}{2}-\frac{1}{n+1}-\frac{1}{n+2}）$，
=$n+\frac{3}{2}-\frac{2n+3}{（n+1）（n+2）}$，
數(shù)列{b_n}的前項(xiàng)和T_n，T_n=$n+\frac{3}{2}-\frac{2n+3}{（n+1）（n+2）}$；
（3）由（2）可知：[T₁]+[T₂]+…+[T_n]=1+2+4+5+6+7+…+n+1，
=$\frac{（4+n+1）（n-2）}{2}+3$，
=$\frac{{{n^2}-3n-4}}{2}$．

點(diǎn)評(píng) 本題考查等差數(shù)列通項(xiàng)公式及前n項(xiàng)和公式的應(yīng)用，考查“裂項(xiàng)法”求數(shù)列的前n項(xiàng)和，考查計(jì)算能力，屬于中檔題．