分析 (1)設(shè)PA=1,由勾股定理逆定理得AC⊥CD,根據(jù)線面垂直的性質(zhì)可知PA⊥CD,又PA∩AC=A,根據(jù)線面垂直的判定定理可知CD⊥面PAC,而CD?面PCD,根據(jù)面面垂直的判定定理可知面PAD⊥面PCD;
(2)作CF∥AB交于AD于F,作EF∥AP交于PD于E,連接CE,根據(jù)面面平行的性質(zhì)定理可知平面EFC∥平面PAB,又CE?平面EFC,根據(jù)面面平行的性質(zhì)可知CE∥平面PAB,根據(jù)線面關(guān)系可知E為PD中點(diǎn),使CE∥面PAB.
(3)根據(jù)二面角的定義,得到∠PCA是二面角P-CD-B即P-CD-A的平面角,利用三角形的邊角關(guān)系進(jìn)行求解即可.
解答 解:(1)設(shè)PA=1.由題意PA=BC=1,AD=2.
∵AB=1,BC=$\frac{1}{2}$AD,由∠ABC=∠BAD=90°,得CD=AC=$\sqrt{2}$.
由勾股定理逆定理得AC⊥CD.
又∵PA⊥面ABCD,CD?面ABCD,
∴PA⊥CD.又PA∩AC=A,∴CD⊥面PAC.
又CD?面PCD,∴面PAC⊥面PCD.
(2)作CF∥AB交于AD于F,作EF∥AP交于PD于E,連接CE.
∵CF∥AB,EF∥PA,CF∩EF=F,PA∩AB=A,
∴平面EFC∥平面PAB.
又CE?平面EFC,
∴CE∥平面PAB.
∵BC=$\frac{1}{2}$AD,AF=BC,
∴F為AD的中點(diǎn),∴E為PD中點(diǎn).
故棱PD上存在點(diǎn)E,且E為PD中點(diǎn),使CE∥面PAB.
(3)由(1)知CD⊥面PAC,
∵PC,AC?平面PAC.
∴CD⊥PC,CD⊥AC,
則∠PCA是二面角P-CD-B即P-CD-A的平面角,
∵PA=1,AC=$\sqrt{2}$.
∴PC=$\sqrt{3}$,
則cos∠PCA=$\frac{AC}{PC}=\frac{\sqrt{2}}{\sqrt{3}}$=$\frac{\sqrt{6}}{3}$.
即二面角P-CD-B的余弦值是$\frac{\sqrt{6}}{3}$.
點(diǎn)評 本題主要考查空間線面平行和面面垂直的判斷以及二面角的求解,根據(jù)相應(yīng)的判定定理以及二面角的定義作出二面角的平面角是解決本題的關(guān)鍵.綜合考查學(xué)生的運(yùn)算和推理能力.
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科目:高中數(shù)學(xué) 來源: 題型:選擇題
A. | x<y | B. | x>y | ||
C. | x=y | D. | xy的大小與m的值有關(guān) |
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科目:高中數(shù)學(xué) 來源: 題型:選擇題
A. | 6,-3 | B. | 1,-3 | C. | 6,-2 | D. | 1,-2 |
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A. | (3,4) | B. | (0,1) | C. | (1,2) | D. | (2,3) |
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A. | 144 | B. | 146 | C. | 164 | D. | 461 |
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