Question

7．如圖，△ABC三個內(nèi)角A，B，C所對的邊分別為a，b，c，已知C=$\frac{π}{3}$，$\frac{a}$=$\frac{cosB}{cosA}$，在△ABC內(nèi)取一點P，使得PB=3，過點P分別作直線BA，BC的垂線PM，PN，垂足分別是M，N，則|PM|+|PN|的最大值為3．

Answer 1

分析 由acosA=bcosB及正弦定理可得：sinAcosA=sinBcosB，即sin2A=sin2B，又A∈（0，π），B∈（0，π），可得A=B或A+B=$\frac{π}{2}$． 由于C=$\frac{π}{3}$，即可得出B，設(shè)∠PBM=α，得PM=3sinα；PN=3sin（$\frac{π}{3}$-α），α∈（0，$\frac{π}{3}$）．于是PM+PN=3sin（α+$\frac{π}{3}$）．由于α∈（0，$\frac{π}{3}$），可得sin（α+$\frac{π}{3}$）∈（$\frac{\sqrt{3}}{2}$，1]，即可得出．

解答 解：由$\frac{a}$=$\frac{cosB}{cosA}$，及正弦定理可得：sinAcosA=sinBcosB，
即sin2A=sin2B，又A∈（0，π），B∈（0，π），
∴有A=B或A+B=$\frac{π}{2}$．  
又∵C=$\frac{π}{3}$，得A+B=$\frac{2π}{3}$，與A+B=$\frac{π}{2}$矛盾，
∴A=B，因此B=$\frac{π}{3}$． 
設(shè)∠PBM=α，可得：
在Rt△PMB中，PM=PB•sin∠PBM=3sinα；
在Rt△PNB中，PN=PB•sin∠PBN=PB•sin（$\frac{π}{3}$-∠PBA）=3sin（$\frac{π}{3}$-α），α∈（0，$\frac{π}{3}$）．
∴PM+PN=3sinα+3sin（$\frac{π}{3}$-α）=3sin（α+$\frac{π}{3}$）．
∵α∈（0，$\frac{π}{3}$），∴α+$\frac{π}{3}$∈（$\frac{π}{3}$，$\frac{2π}{3}$），從而有sin（α+$\frac{π}{3}$）∈（$\frac{\sqrt{3}}{2}$，1]，
即3sin（α+$\frac{π}{3}$）∈（$\frac{3\sqrt{3}}{2}$，3]．
于是，當(dāng)α+$\frac{π}{3}$=$\frac{π}{2}$，即α=$\frac{π}{6}$時，PM+PN取得最大值3．
故答案為：3．

點評 本題查克拉正弦定理、倍角公式、和差公式、三角函數(shù)的單調(diào)性，考查了推理能力與計算能力，屬于中檔題．