Question

10．橢圓C：$\frac{x^2}{a^2}+\frac{y^2}{b^2}=1\;\;（{a＞b＞0}）$的離心率為$\frac{{\sqrt{2}}}{2}$，左、右焦點(diǎn)分別為F₁、F₂，點(diǎn)$P（2，\sqrt{3}）$，且F₂在線段PF₁的中垂線上．
（Ⅰ）求橢圓C的方程；
（Ⅱ）過點(diǎn)A（2，0）且斜率為k的直線l與橢圓C交于D、E兩點(diǎn)，點(diǎn)F₂為橢圓的右焦點(diǎn)，求證：直線DF₂與直線EF₂的斜率之和為定值．

Answer 1

分析 （Ⅰ）設(shè)橢圓C的焦距為2c，則F₂（c，0），由點(diǎn)P，且F₂在線段PF₁的中垂線上，$e=\frac{c}{a}=\frac{{\sqrt{2}}}{2}$，求出a，b，由此能求出橢圓C的方程．
（Ⅱ）由（Ⅰ）知F₂（1，0），設(shè)直線l：y=k（x-2），與橢圓聯(lián)立，得（1+2k²）x²-8k²x+8k²-2=0，由此利用根的判別式、韋達(dá)定理，結(jié)合已知條件能證明直線DF₂與直線EF₂的斜率之和為定值0．

解答 （本小題滿分12分）
解：（Ⅰ）設(shè)橢圓C的焦距為2c，則F₂（c，0）且a²=b²+c²，
由點(diǎn)P，且F₂在線段PF₁的中垂線上，得|PF₂|=|F₁F₂|，
則$\sqrt{{{（{2-c}）}^2}+{{（{\sqrt{3}}）}^2}}=2c$，解得c=1，…（2分）
又∵$e=\frac{c}{a}=\frac{{\sqrt{2}}}{2}$，∴$a=\sqrt{2}$，所以b=1，
∴所求橢圓C的方程為$\frac{x^2}{2}+{y^2}=1$．…（4分）
證明：（Ⅱ）由（Ⅰ）可知F₂（1，0），
由題意可設(shè)直線l：y=k（x-2）與橢圓的交點(diǎn)D（x₁，y₁）、E（x₂，y₂）…（5分）
由$\left\{{\begin{array}{l}{\frac{x^2}{2}+{y^2}=1}\\{y=k（{x-2}）}\end{array}}\right.$，得$\frac{x^2}{2}+{k^2}{（{x-2}）^2}=1$，
整理得（1+2k²）x²-8k²x+8k²-2=0，
則$△=8-16{k^2}＞0⇒{k^2}＜\frac{1}{2}$，且$\left\{{\begin{array}{l}{{x_1}+{x_2}=\frac{{8{k^2}}}{{1+2{k^2}}}}\\{{x_1}{x_2}=\frac{{8{k^2}-2}}{{1+2{k^2}}}}\end{array}}\right.$，…（8分）
${k_{D{F_2}}}+{k_{E{F_2}}}=\frac{y_1}{{{x_1}-1}}+\frac{y_2}{{{x_2}-1}}=\frac{{k（{{x_1}-2}）}}{{{x_1}-1}}+\frac{{k（{{x_2}-2}）}}{{{x_2}-1}}$
=$\frac{{k[{（{{x_1}-2}）（{{x_2}-1}）+（{{x_2}-2}）（{{x_1}-1}）}]}}{{（{{x_1}-1}）（{{x_2}-1}）}}$=$\frac{{k[{2{x_1}{x_2}-3（{{x_1}+{x_2}}）+4}]}}{{（{{x_1}-1}）（{{x_2}-1}）}}$…（9分）
∵2x₁x₂-3（x₁+x₂）+4=$2×\frac{{8{k^2}-2}}{{1+2{k^2}}}-3×\frac{{8{k^2}}}{{1+2{k^2}}}+4$
=$\frac{{（{16{k^2}-4}）-24{k^2}+4+8{k^2}}}{{1+2{k^2}}}=0$…（11分）
∴${k_{D{F_2}}}+{k_{E{F_2}}}=0$，
即直線DF₂與直線EF₂的斜率之和為定值0．…（12分）

點(diǎn)評(píng) 本題考查橢圓方程的求法，考查直線的斜率之和為定值的證明，是中檔題，解題時(shí)要認(rèn)真審題，注意根的判別式、韋達(dá)定理、橢圓性質(zhì)的合理運(yùn)用．