Question

5．已知g（x）=mx，G（x）=lnx．
（1）設(shè)f（x）=$\frac{G（x）}{x}$+1，求f（x）在點（1，f（1））處的切線方程及f（x）的單調(diào)區(qū)間；
（2）若G（x）+x+2≤g（x）恒成立，求m的取值范圍．

Answer 1

分析 （1）求切線上點，f（1）=1，得切點（1，1），求切線的斜率f'（1）=1=k，求切線；
（2））G（x）+x+2≤g（x）恒成立，即lnx+x+2≤mx在（0，+∞）恒成立，
∴m-1≥$\frac{lnx+2}{x}$在（0，+∞）恒成立，令h（x）=$\frac{lnx+2}{x}…（x＞0）$，求出h（x）的最大值，從而求出m的范圍．

解答 解：（1）f（x）=$\frac{G（x）}{x}$+1=$\frac{lnx}{x}$+1，f′（x）=$\frac{1-lnx}{{x}^{2}}$，
f（1）=1，即切點（1，1），切線斜率k=f'（1）=1，
∴切線方程為y-1=k（x-1）=x-1，∴y=x為所求切線方程．
令f′（x）=$\frac{1-lnx}{{x}^{2}}$=0⇒x=e，
當(dāng)在（0，e）上，f′（x）＞0，∴f（x）遞增區(qū)間為：（0，e），
當(dāng)在（e，+∞）上，f′（x）＜0，∴f（x）遞減區(qū)間為（e，+∞）．
（2）G（x）+x+2≤g（x）恒成立，
即lnx+x+2≤mx在（0，+∞）恒成立，
∴m-1≥$\frac{lnx+2}{x}$在（0，+∞）恒成立，
令h（x）=$\frac{lnx+2}{x}…（x＞0）$∴h′（x）=-$\frac{1+lnx}{{x}^{2}}$，
令h′（x）＞0，解得：0＜x＜$\frac{1}{e}$，令h′（x）＜0，解得：x＞e，
∴h（x）在（0，$\frac{1}{e}$）遞增，在（$\frac{1}{e}$，+∞）遞減，∴h（x）_max=h（$\frac{1}{e}$）=e，
∴m-1≥e，∴m≥e+1．

點評 本題考查了函數(shù)的單調(diào)性、切線問題，考查了函數(shù)恒成立問題，考查了轉(zhuǎn)化思想，導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用，是一道中檔題．