Question

3．已知拋物線y²=4x，焦點(diǎn)為F，過點(diǎn)（2，0）且斜率為正數(shù)的直線交拋物線于A，B兩點(diǎn)，且$\overrightarrow{FA}$•$\overrightarrow{FB}$=-11．
（Ⅰ）求直線AB的方程；
（Ⅱ）設(shè)點(diǎn)C是拋物線上$\widehat{AB}$（不含A、B兩點(diǎn)）上的動(dòng)點(diǎn)，求△ABC面積的最大值．

Answer 1

分析 （Ⅰ）設(shè)直線AB為x=my+2（m＞0），與拋物線方程聯(lián)立，利用$\overrightarrow{FA}$•$\overrightarrow{FB}$=-11，結(jié)合韋達(dá)定理，求出m，即可求直線AB的方程；
（Ⅱ）設(shè)$C（\frac{y_0^2}{4}，{y_0}）$，$\left\{{\begin{array}{l}{x=y+2}\\{{y^2}=4x}\end{array}}\right.$，解得${y_{1，2}}=2±2\sqrt{3}$，故$2-2\sqrt{3}＜{y_0}＜2+2\sqrt{3}$，求出點(diǎn)C到直線AB的距離的最大值，即可求△ABC面積的最大值．

解答 解：（I）設(shè)直線AB為x=my+2（m＞0），$A（\frac{y_1^2}{4}，{y_1}），B（\frac{y_2^2}{4}，{y_2}）$，F(xiàn)（1，0）
由$\left\{{\begin{array}{l}{x=my+2}\\{{y^2}=4x}\end{array}}\right.$，消x，得y²-4my-8=0，則$\left\{{\begin{array}{l}{△=16{m^2}+32＞0}\\{{y_1}+{y_2}=4m}\\{{y_1}•{y_2}=-8}\end{array}}\right.$
則$\overrightarrow{FA}•\overrightarrow{FB}=（\frac{y_1^2}{4}-1，{y_1}）•（\frac{y_2^2}{4}-1，{y_2}）=（\frac{y_1^2}{4}-1）（\frac{y_2^2}{4}-1）+{y_1}{y_2}=\frac{y_1^2y_2^2}{16}-\frac{y_1^2+y_2^2}{4}+1+{y_1}{y_2}$
=$4-\frac{{16{m^2}+16}}{4}+1-8=-11$，得m²=1，
又因?yàn)閙＞0，故m=1，即直線AB的方程x=y+2，即x-y-2=0
（II）設(shè)$C（\frac{y_0^2}{4}，{y_0}）$，$\left\{{\begin{array}{l}{x=y+2}\\{{y^2}=4x}\end{array}}\right.$，解得${y_{1，2}}=2±2\sqrt{3}$，故$2-2\sqrt{3}＜{y_0}＜2+2\sqrt{3}$
設(shè)點(diǎn)C到直線AB的距離為d=$\frac{|\frac{{{y}_{0}}^{2}}{4}-{y}_{0}-2|}{\sqrt{2}}$=$\frac{|\frac{1}{4}（{y}_{0}-2）^{2}-3|}{\sqrt{2}}$，
當(dāng)y₀=2，${d_{max}}=\frac{{3\sqrt{2}}}{2}$，而$|AB|=\sqrt{2}\sqrt{48}=4\sqrt{6}$，
故${S_{\;△ABC}}_{max}=\frac{1}{2}|AB|d=6\sqrt{3}$．

點(diǎn)評 本題考查直線方程，考查直線與拋物線的位置關(guān)系，考查三角形面積的計(jì)算，確定直線方程是關(guān)鍵．