Question

16．已知數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)和為S_n，且a_n+S_n=n．
（Ⅰ）求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式．
（Ⅱ）設(shè)b_n=lo${g}_{\frac{1}{2}}$（1-a_n）時(shí)，求數(shù)列{$\frac{1}{{_{n}b}_{n+2}}$}的前n項(xiàng)和T_n．

Answer 1

分析 （Ⅰ）由已知條件a_n+S_n=n入手推知2（a_n+1-1）=a_n-1，結(jié)合等比數(shù)列的定義得到數(shù)列{a_n-1}是以$-\frac{1}{2}$為首項(xiàng)，$\frac{1}{2}$為公比的等比數(shù)列．由此求得數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式．
（Ⅱ）利用（Ⅰ）中a_n-1=-（$\frac{1}{2}$）ⁿ，得到1-a_n=（$\frac{1}{2}$）ⁿ，由此易得b_n=n．所以利用裂項(xiàng)相消法來(lái)求數(shù)列{$\frac{1}{{_{n}b}_{n+2}}$}的前n項(xiàng)和T_n．

解答 解：（Ⅰ）∵a_n+S_n=n，①
∴a_n+1+S_n+1=n+1．②
②-①得a_n+1-a_n+a_n+1=1．
∴2a_n+1=a_n+1，
∴2（a_n+1-1）=a_n-1，
∴$\frac{an+1-1}{an-1}$=$\frac{1}{2}$．
∵a_n+S_n=n，
∴a₁=$\frac{1}{2}$，${a_1}-1=-\frac{1}{2}$．
故數(shù)列{a_n-1}是以$-\frac{1}{2}$為首項(xiàng)，$\frac{1}{2}$為公比的等比數(shù)列．
∴a_n-1=-$\frac{1}{2}$×（$\frac{1}{2}$）^n-1=-（$\frac{1}{2}$）ⁿ，
∴a_n=1-（$\frac{1}{2}$）ⁿ．
（Ⅱ）∵由（Ⅰ）知，a_n-1=-（$\frac{1}{2}$）ⁿ，則1-a_n=（$\frac{1}{2}$）ⁿ，
∴b_n=lo${g}_{\frac{1}{2}}$（1-a_n）=b_n=lo${g}_{\frac{1}{2}}$（1-a_n）=lo${g}_{\frac{1}{2}}$（$\frac{1}{2}$）ⁿ=n．
∴$\frac{1}{{_{n}b}_{n+2}}$=$\frac{1}{n（n+2）}$=$\frac{1}{2}$（$\frac{1}{n}$-$\frac{1}{n+2}$），
∴${T_n}=\frac{1}{{{b_1}{b_3}}}+\frac{1}{{{b_2}{b_4}}}+…+\frac{1}{{{b_n}{b_{n+2}}}}=\frac{1}{2}（1-\frac{1}{3}）+\frac{1}{2}（\frac{1}{2}-\frac{1}{4}）+…+\frac{1}{2}（\frac{1}{n}-\frac{1}{n+2}）$=$\frac{1}{2}$（1+$\frac{1}{2}$-$\frac{1}{n+1}$-$\frac{1}{n+2}$）．

點(diǎn)評(píng) 本題主要考查數(shù)列的求和公式和數(shù)列的遞推公式，難度有點(diǎn)兒大．