3.已知拋物線y2=2px(p>0)的焦點(diǎn)為F與橢圓C的一個(gè)焦點(diǎn)重合,且拋物線的準(zhǔn)線與橢圓C相交于點(diǎn)$({-1,\frac{{\sqrt{2}}}{2}})$.
(1)求拋物線的方程;
(2)過(guò)點(diǎn)F是否存在直線l與橢圓C交于M,N兩點(diǎn),且以MN為對(duì)角線的正方形的第三個(gè)頂點(diǎn)恰在y軸上?若存在,求出直線l的方程;若不存在,請(qǐng)說(shuō)明理由.

分析 (1)由已知求得p,則拋物線方程可求;
(2)設(shè)出橢圓方程,由已知列關(guān)于a,b,c的方程組,求得a,b的值,得到橢圓方程,當(dāng)直線l的斜率不存在時(shí),不合題意;當(dāng)直線l的斜率存在時(shí),設(shè)正方形第三個(gè)頂點(diǎn)坐標(biāo)為P(0,y0),設(shè)出直線方程y=k(x-1)(k≠0),聯(lián)立直線方程和橢圓方程,利用根與系數(shù)的關(guān)系結(jié)合$\overrightarrow{PM}•\overrightarrow{PN}=0$求得k值.

解答 解:(1)由題意知,$-\frac{p}{2}=-1$,則p=2,
∴拋物線方程為y2=4x;
(2)設(shè)橢圓方程為$\frac{{x}^{2}}{{a}^{2}}+\frac{{y}^{2}}{^{2}}=1(a>b>0)$,
則$\left\{\begin{array}{l}{c=1}\\{{a}^{2}=^{2}+{c}^{2}}\\{\frac{1}{{a}^{2}}+\frac{1}{2^{2}}=1}\end{array}\right.$,解得a2=2,b2=1.
∴橢圓C的方程為$\frac{{x}^{2}}{2}+{y}^{2}=1$.
若l垂直于x軸,得M(1,-$\frac{\sqrt{2}}{2}$),N(1,$\frac{\sqrt{2}}{2}$),$\overrightarrow{OM}•\overrightarrow{ON}=1-\frac{1}{2}=\frac{1}{2}$,不符合;
若l不垂直于x軸,
設(shè)正方形第三個(gè)頂點(diǎn)坐標(biāo)為P(0,y0),M(x1,y1),N(x2,y2
令l:y=k(x-1)(k≠0),代入$\frac{{x}^{2}}{2}+{y}^{2}=1$,得(1+2k2)x2-4k2x+2k2-2=0.
∴${x}_{1}+{x}_{2}=\frac{4{k}^{2}}{1+2{k}^{2}},{x}_{1}{x}_{2}=\frac{2{k}^{2}-2}{1+2{k}^{2}}$,
y1+y2=k(x1+x2)-2k=$k•\frac{4{k}^{2}}{1+2{k}^{2}}-2k=\frac{-2k}{1+2{k}^{2}}$,
則線段MN的中垂線方程為$y+\frac{k}{1+2{k}^{2}}=-\frac{1}{k}(x-\frac{{k}^{2}-1}{1+2{k}^{2}})$,
∴P(0,$-\frac{1}{k(1+2{k}^{2})}$).
由$\overrightarrow{PM}•\overrightarrow{PN}=0$,得x1x2+(y1-y0)(y2-y0)=0.
即${{y}_{0}}^{2}+\frac{2k}{1+2{k}^{2}}{y}_{0}=0$(y0≠0),∴${y}_{0}=-\frac{2k}{1+2{k}^{2}}$,
又${y}_{0}=-\frac{1}{k(1+2{k}^{2})}$,∴$-\frac{2k}{1+2{k}^{2}}=-\frac{1}{k(1+2{k}^{2})}$,解得k=$±\frac{\sqrt{2}}{2}$.
∴直線l的方程為$y=±\frac{\sqrt{2}}{2}(x-1)$.

點(diǎn)評(píng) 本題考查橢圓方程與拋物線方程的求法,考查了直線與圓錐曲線的位置關(guān)系的應(yīng)用,訓(xùn)練了平面向量在求解圓錐曲線問(wèn)題中的應(yīng)用,是中檔題.

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