6.已知函數(shù)f(x)=a-$\frac{2}{{2}^{x}+1}$為奇函數(shù).
(1)求a的值;
(2)試判斷函數(shù)f(x)在(-∞,+∞)上的單調(diào)性,并證明你的結(jié)論;
(3)若對任意的t∈R,不等式f[t2-(m-2)t]+f(t2-m+1)>0恒成立,求實數(shù)m的取值范圍.

分析 (1)直接利用奇函數(shù)的定義f(-x)=f(x),可求出a值;
(2)直接利用函數(shù)的單調(diào)性定義證明即可;
(3)利用奇函數(shù)與單調(diào)性直接轉(zhuǎn)化為t2-(m-2)t>m-1-t2 對t∈R恒成立,從而求出m的取值范圍.

解答 解:(1)由于函數(shù)f(x)為奇函數(shù),所以f(-x)=-f(x);
∴a-$\frac{2}{{2}^{x}+1}$=-a+$\frac{2}{{2}^{-x}+1}$;
∴2a=$\frac{2•{2}^{x}}{{2}^{x}+1}+\frac{2}{{2}^{x}+1}$;
∴a=1.
(2)任意x1,x2∈R,且x1<x2
f(x1)-f(x2)=1-$\frac{2}{{2}^{{x}_{1}}+1}$-1+$\frac{2}{{2}^{{x}_{2}}+1}$;
=$\frac{2({2}^{{x}_{1}}-{2}^{{x}_{2}})}{({2}^{{x}_{1}}+1)({2}^{{x}_{2}}+1)}$<0;
∵x1<x2∴0<${2}^{{x}_{1}}$<${2}^{{x}_{2}}$
∴${2}^{{x}_{1}}-{2}^{{x}_{2}}$>0,
所以,f(x1)<f(x2);
則f(x)為R上的單調(diào)遞增函數(shù).
(3)因為f(x)=1-$\frac{2}{{2}^{x}+1}$為奇函數(shù),且在R上為增函數(shù);
所以由f(t2-(m-2)t)+f(t2-m+1)>0恒成立,
得到:t2-(m-2)t>m-1-t2 對t∈R恒成立;
化簡后:2t2-(m-2)t-m+1>0;
所以△=(m-2)2+8(m-1)<0;
∴-2-2$\sqrt{2}$<m<-2+2$\sqrt{2}$;
故m的取值范圍為:(-2-2$\sqrt{2}$,-2+2$\sqrt{2}$).

點評 本題主要考查了函數(shù)的奇偶性,函數(shù)單調(diào)性定義證明,以及利用函數(shù)的性質(zhì)求解不等式恒成立問題,屬中等題.

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