Question

17．已知數(shù)列{a_n}的前n項和S_n，滿足S_n=2a_n-2n，b_n=a_n+2．
（Ⅰ）求{a_n}的通項公式；
（Ⅱ）記c_n=log₂b_n，數(shù)列$\{\frac{1}{{{c_n}{c_{n+1}}}}\}$的前n項和為T_n，證明${T_n}＜\frac{1}{2}$．

Answer 1

分析 （I）S_n=2a_n-2n，利用遞推關系可得：a_n+1=2a_n+1-2a_n-2，即a_n+1=2a_n+2．再利用等比數(shù)列的系統(tǒng)公司即可得出．
（II）由（Ⅰ）得c_n=n+1，可得：$\frac{1}{{c}_{n}{c}_{n+1}}$=$\frac{1}{n+1}-\frac{1}{n+2}$，利用“裂項求和”方法與數(shù)列的單調性即可得出．

解答 解：（Ⅰ）∵S_n=2a_n-2n，
∴S_n+1=2a_n+1-2（n+1），從而a_n+1=2a_n+1-2a_n-2，
即a_n+1=2a_n+2．∴$\frac{{{b_{n+1}}}}{b_n}=\frac{{{a_{n+1}}+2}}{{{a_n}+2}}=\frac{{2{a_n}+4}}{{{a_n}+2}}=2$．
又a₁=S₁=2a₁-2，∴a₁=2，b₁=a₁+2=4≠0，
∴{b_n}是首項為4，公比為2的等比數(shù)列，
∴${b_n}=4×{2^{n-1}}={2^{n+1}}$，從而${a_n}={2^{n+1}}-2$．
（Ⅱ）證明：由（Ⅰ）得c_n=n+1，
∴$\frac{1}{{{c_n}{c_{n+1}}}}=\frac{1}{（n+1）（n+2）}=\frac{1}{n+1}-\frac{1}{n+2}$，
從而${T_n}=（\frac{1}{2}-\frac{1}{3}）+（\frac{1}{3}-\frac{1}{4}）+…+（\frac{1}{n+1}-\frac{1}{n+2}）=\frac{1}{2}-\frac{1}{n+2}＜\frac{1}{2}$．

點評 本題考查了數(shù)列遞推關系與等比數(shù)列的通項公式、對數(shù)的運算性質、“裂項求和方法”、數(shù)列的單調性，考查了推理能力與計算能力，屬于中檔題．