Question

12．已知{a_n}是等比數(shù)列，a₂=2且公比q＞0，-2，a₁，a₃成等差數(shù)列．
（Ⅰ）求q的值；
（Ⅱ）已知b_n=a_na_n+2-λna_n+1（n=1，2，3，…），設(shè)S_n是數(shù)列{b_n}的前n項(xiàng)和．若S₁＞S₂，且S_k＜S_k+1（k=2，3，4，…），求實(shí)數(shù)λ的取值范圍．

Answer 1

分析 （Ⅰ）由-2，a₁，a₃成等差數(shù)列，可知2×$\frac{{a}_{2}}{q}$=（-2）+a₂q，由a₂=2，代入求得q的值；
（Ⅱ）由（Ⅰ）可知：a_n=2^n-1，b_n=a_na_n+2-λna_n+1=4ⁿ-λn2ⁿ，由S₁＞S₂，代入求得λ＞2，由S_k＜S_k+1（k=2，3，4，…）恒成立，可知λ＜$\frac{{2}^{k+1}}{k+1}$，構(gòu)造數(shù)列c_k=$\frac{{2}^{k+1}}{k+1}$，作差法求得數(shù)列{c_n}的最小值，即可求得λ的取值范圍．

解答 解：（Ⅰ）由-2，a₁，a₃成等差數(shù)列，
∴2a₁=-2+a₃，
∵{a_n}是等比數(shù)列，a₂=2，q＞0，
∴a₃=2q，a₁=$\frac{{a}_{2}}{q}$=$\frac{2}{q}$，
代入整理得：q²-q-2=0，解得：q=2，q=-1（舍去），
∴q=2，
（Ⅱ）由（Ⅰ）a_n=2^n-1，
b_n=a_na_n+2-λna_n+1=4ⁿ-λn2ⁿ，
由S₁＞S₂，
∴S₂-S₁＜0，即b₂＜0，
∴4²-2λ•2²＜0，解得：λ＞2，
S_k＜S_k+1（k=2，3，4，…）恒成立，
b_n=a_na_n+2-λna_n+1，即λ＜$\frac{{2}^{k+1}}{k+1}$，
設(shè)c_k=$\frac{{2}^{k+1}}{k+1}$（k≥2，k∈N*），只需要λ＜（c_k）_min（k≥2，k∈N*）即可，
∵$\frac{{c}_{k+1}}{{c}_{k}}$=$\frac{{2}^{k+2}}{k+2}$×$\frac{{2}^{k+1}}{k+1}$=$\frac{k+（k+2）}{k+2}$＞1，
∴數(shù)列{c_n}在k≥2且k∈N*上單調(diào)遞增，
∴（c_k）_min=c₂=$\frac{{2}^{3}}{3}$=$\frac{8}{3}$，
∴λ＜$\frac{8}{3}$，
∵λ＞2，
∴λ∈（2，$\frac{8}{3}$）．

點(diǎn)評 本題考查等差數(shù)列的性質(zhì)，等比數(shù)列通項(xiàng)公式，考查數(shù)列與不等式結(jié)合，作差法求數(shù)列的單調(diào)性即最值，考查計(jì)算能力，屬于中檔題．