13.已知函數(shù)f(x)=x3+nx2+mx,g(x)=nx2-mx,其中m,n∈R.
(1)若當(dāng)m=n+6時,函數(shù)f(x)有兩個極值點x1,x2(x1<x2),且0≤x1<1,2≤x2<3,求實數(shù)n的取值范圍和f(x1)+f(x2)的取值范圍;
(2)當(dāng)n>m,且mn≥0時,若函數(shù)f(x),g(x)在區(qū)間[m,n]上都是單調(diào)函數(shù),且單調(diào)性相反,求n-2m的最大值.

分析 (1)求函數(shù)的導(dǎo)數(shù),根據(jù)函數(shù)極值和導(dǎo)數(shù)的關(guān)系轉(zhuǎn)化為一元二次函數(shù),利用一元二次函數(shù)的性質(zhì)進行求解即可.
(2)根據(jù)函數(shù)單調(diào)性與導(dǎo)數(shù)之間的關(guān)系,進行轉(zhuǎn)化求解即可.

解答 解:(1)當(dāng)m=n+6時,f(x)=x3+nx2+mx=x3+nx2+(n+6)x,
則f′(x)=3x2+2nx+n+6,由判別式△=4n2-12(n+6)>0,得n>6或n<-3,
又由于0≤x1<1,2≤x2<3,
∴函數(shù)應(yīng)滿足$\left\{\begin{array}{l}{f(0)=n+6≥0}\\{f(1)=3n+9<0}\\{f(2)=5n+18≤0}\\{f(4)=9n+54>0}\end{array}\right.$,即-6<n<-$\frac{18}{5}$---------------4分
f(x1)+f(x2)=(x13+x23)+n(x12+x22)+(n+6)(x1+x2)=(x1+x23-3x1x2(x1+x2)+n[(x1+x22-2x1x2]+(n+6)(x1+x2),-------6分
由于$\left\{\begin{array}{l}{{x}_{1}+{x}_{2}=-\frac{2n}{3}}\\{{x}_{1}{x}_{2}=\frac{n+6}{3}}\end{array}\right.$,代入上式得f(x1)+f(x2)=$\frac{4{n}^{3}}{27}-\frac{2{n}^{2}}{3}-4n$,n∈(-6,$-\frac{18}{5}$)-------8分
設(shè)g(n)=$\frac{4{n}^{3}}{27}-\frac{2{n}^{2}}{3}-4n$,n∈(-6,$-\frac{18}{5}$),
則g′(n)=$\frac{4}{9}({n}^{2}-3n-9)$,
又因為n=$\frac{3}{2}$>0,且g′(-$\frac{18}{5}$)>0,
故g(n)在n∈(-6,$-\frac{18}{5}$)上為增函數(shù),
 則f(x1)+f(x2) 的取值范圍為(-32,$\frac{1304}{125}$)--------------------------------------------------10分
(2)∵函數(shù)f(x),g(x)在區(qū)間[m,n]上都是單調(diào)函數(shù),且單調(diào)性相反,
∴$\left\{\begin{array}{l}{f′(x)≥0}\\{g′(x)≤0}\end{array}\right.$,則$\left\{\begin{array}{l}{f′(x)=3{x}^{2}+2nx+m≥0}\\{g′(x)=2nx-m≤0}\end{array}\right.$
若m<n≤0,顯然不符合g′(x)=2nx-m≤0-----------------------11分
若n>m≥0,則f′(x)在[m,n]上單調(diào)遞增,則g′(x)單調(diào)遞減,
則有$\left\{\begin{array}{l}{f′(m)=3{m}^{2}+2mn+m≥0}\\{g′(x)=2{n}^{2}-m≤0}\end{array}\right.$
從而$\left\{\begin{array}{l}{3m+2n+1≥0}\\{2{n}^{2}-m≤0}\\{0≤m<n}\end{array}\right.$-----------------------------12分
由線性規(guī)劃可得0<n-m≤$\frac{1}{8}$------------------------------14分

點評 本題主要考查導(dǎo)數(shù)的綜合應(yīng)用,根據(jù)函數(shù)極值,單調(diào)性和導(dǎo)數(shù)之間的關(guān)系進行轉(zhuǎn)化結(jié)合一元二次函數(shù)的性質(zhì)是解決本題的關(guān)鍵.綜合性較強,難度較大.

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