Question

3．已知定義在實(shí)數(shù)集R上的函數(shù)f（x）滿(mǎn)足f（x+1）=$\frac{1}{2}$+$\sqrt{f（x）-{f}^{2}（x）}$，則f（0）+f（2017）的最大值為（　�。�

• A． 1-$\frac{\sqrt{2}}{2}$
• B． 1+$\frac{\sqrt{2}}{2}$
• C． $\frac{1}{2}$
• D． $\frac{3}{2}$

Answer 1

分析 由已知可得f（x+1）-f²（x+1）+f（x）-f²（x）=$\frac{1}{4}$，令g（x）=f（x）-f²（x），則g（0）+g（2017）=$\frac{1}{4}$，結(jié)合基本不等式和二次函數(shù)的圖象和性質(zhì)，可得答案．

解答 解：∵函數(shù)f（x）滿(mǎn)足f（x+1）=$\frac{1}{2}$+$\sqrt{f（x）-{f}^{2}（x）}$，
∴f（x）＞0且f²（x+1）=$\frac{1}{4}$+$\sqrt{f（x）-{f}^{2}（x）}$+f（x）-f²（x），
則f（x+1）-f²（x+1）=$\frac{1}{2}$+$\sqrt{f（x）-{f}^{2}（x）}$-[$\frac{1}{4}$+$\sqrt{f（x）-{f}^{2}（x）}$+f（x）-f²（x）]=$\frac{1}{4}$-[f（x）-f²（x）]，
故f（x+1）-f²（x+1）+f（x）-f²（x）=$\frac{1}{4}$，
令g（x）=f（x）-f²（x），則g（x+1）+g（x）=$\frac{1}{4}$，
則g（0）=g（2）=…=g（2016）； g（1）=g（3）=…=g（2017）；
g（0）+g（2017）=$\frac{1}{4}$，
∴f（0）-f²（0）+f（2017）-f²（2017）=$\frac{1}{4}$，
f（0）+f（2017）=$\frac{1}{4}$+f²（0）+f²（2017）≥$\frac{1}{4}$+$\frac{[f（0）+f（2017）]^{2}}{2}$，
即2[f（0）+f（2017）]²-4[f（0）+f（2017）]+1≤0，
解得：f（0）+f（2017）∈[1-$\frac{\sqrt{2}}{2}$，1+$\frac{\sqrt{2}}{2}$]，
故選：B

點(diǎn)評(píng) 本題考查的知識(shí)點(diǎn)是抽象函數(shù)的應(yīng)用，函數(shù)求值，基本不等式的應(yīng)用，難度中檔．