Question

20．如圖所示，一平行板電容器兩板水平相對放置，在兩板的正中心上各開一孔，孔相對極板很小，因此不會影響兩板間的電場分布．現(xiàn)給上下兩板分別充上等量的正負(fù)電荷，上板帶正電，下板帶負(fù)電，使兩板間形成勻強(qiáng)電場．電場強(qiáng)度大小為E=$\frac{3mg}{q}$，一根長為L的絕緣輕質(zhì)硬桿上下兩端分別固定一帶電金屬小球A、B，兩球大小相等，且直徑小于容器極板上的孔，A球帶負(fù)電Q_A=-3q，B球帶正電Q_B=+q，兩球質(zhì)量均為m．將“桿-球”裝置移動(dòng)到上極板上方，保持豎直，且使B球剛好位于上板小孔的中心處、球心與上極板在一平面內(nèi)，然后靜止釋放．已知帶電平行板電容器只在其兩板間存在電場，兩球在運(yùn)動(dòng)過程中不會接觸到極板，且各自的帶電量始終不變．忽略兩球產(chǎn)生的電場對平行板間勻強(qiáng)電場的影響，兩球可以看成質(zhì)點(diǎn)，電容器極板厚度不計(jì)，重力加速度為g．求：
（1）A球剛進(jìn)入兩板間時(shí)，“桿-球”裝置的速度大小v₁；
（2）若以后的運(yùn)動(dòng)過程中，發(fā)現(xiàn)B球從下極板的小孔穿出后，剛好能運(yùn)動(dòng)$\frac{L}{2}$的距離，求電容器兩極板間距d．

Answer 1

分析 （1）B球剛進(jìn)入兩板間時(shí)，對AB整體，受重力、向下的電場力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度大小，根據(jù)速度位移公式列式求解A球剛進(jìn)入兩板間時(shí)“桿一球”裝置的速度大小；
（2）A進(jìn)入兩板間到B即將穿出下孔過程，受重力和電場力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度，根據(jù)速度位移公式列式；B穿出下孔后，先根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度，再根據(jù)速度位移公式列式；最后聯(lián)立求解．

解答 解：（1）B球剛進(jìn)入兩板間時(shí)，以為AB系統(tǒng)為研究對象，有：qE+2mg=2ma，得 a=$\frac{5}{2}g$，
從開始到A剛進(jìn)入兩板間有：${{v}_{1}}^{2}=2aL$，
解得${v}_{1}=\sqrt{5gL}$．
（2）A進(jìn)入兩板間到B即將穿出下孔，有：qE+2mg-3qE=2ma₂，得：a₂=-2g；
根據(jù)速度位移公式，有：${{v}_{2}}^{2}-{{v}_{1}}^{2}=2{a}_{2}s$…①
B穿出下孔后，有2mg-3qE=2ma₃，得${a}_{3}=-\frac{7}{2}g$，
根據(jù)速度位移公式，有：$0-{{v}_{2}}^{2}=2{a}_{3}\frac{L}{2}$…②
聯(lián)立①②兩式得$s=\frac{3}{8}L$，
所以兩板間距d=S+L=$\frac{11}{8}L$．
答：（1）A球剛進(jìn)入兩板間時(shí)，“桿-球”裝置的速度大小為$\sqrt{5gL}$；
（2）電容器兩極板間距d為$\frac{11}{8}L$．

點(diǎn)評 本題關(guān)鍵是對兩個(gè)球整體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度，再結(jié)合速度位移公式多次列式求解，不難．