19.如圖所示,一輕質(zhì)彈簧兩端連著物體A和B,靜止放在光滑水平地面上,物體A的質(zhì)量為190g,物體B的質(zhì)量為600g.一質(zhì)量為10g的子彈以400m/s的速度水平擊中物體A并嵌在其中,試求:
(1)子彈擊中A后的瞬間,物體A的速度vA;
(2)在以后的運(yùn)動過程中,彈簧被拉伸得最長時(shí),物體B的速度vB
(3)彈簧具有的最大彈性勢能Epm
(4)整個(gè)運(yùn)動過程中,物體B的最大速度.

分析 (1)子彈擊中木塊過程系統(tǒng)動量守恒,對子彈和A木塊構(gòu)成的系統(tǒng),根據(jù)動量守恒定律求解物體A被擊中后的速度.
(2)分析物理過程明確彈簧拉伸至最長時(shí),兩物體的速度相同;根據(jù)動量守恒可求得B的速度;
(3)以子彈、滑塊A、B和彈簧組成的系統(tǒng)為研究對象,當(dāng)三者速度相等時(shí),彈簧被壓縮到最短,則彈性勢能最大,根據(jù)動量守恒定律求出速度,然后由能量守恒定律求出彈簧的彈性勢能.
(4)當(dāng)彈簧再次恢復(fù)原長時(shí),物體B達(dá)最大速度;根據(jù)動量守恒和機(jī)械能守恒可求得物體B的最大速度;

解答 解:(1)以子彈的初速度方向?yàn)檎较驅(qū)ψ訌椇虯物體由動量守恒定律可知:
mv=(mA+m)vA
代入數(shù)據(jù)解得vA=20m/s;
(2)A和子彈與B組成系統(tǒng)動量守恒,當(dāng)彈簧拉伸到最長時(shí),AB具有相同的速度;
則由動量守恒定律可得:
mv=(mA+m+mB)vB
解得:vB=5m/s;
(3)當(dāng)彈簧拉伸到最長或最短時(shí),彈簧的彈性勢能最大;
根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得:
EPm=$\frac{1}{2}$(mA+m)vA2-$\frac{1}{2}$(mA+m+mB)v2B
解得:EPm=30J;
(4)當(dāng)彈簧再次恢復(fù)原長時(shí),mB獲得速度最大,設(shè)mA速度為v1,mB速度為v2,由動量守恒定律得:
mv=mAv1+mBv2,
由機(jī)械能守恒定律得:$\frac{1}{2}$(mA+m)vA2=$\frac{1}{2}$(mA+m)v12+$\frac{1}{2}$mBv22
代入數(shù)據(jù)得:v2=10m/s;
答:(1)子彈擊中A后的瞬間,物體A的速度vA為20m/s;
(2)在以后的運(yùn)動過程中,彈簧被拉伸得最長時(shí),物體B的速度vB為5m/s;
(3)彈簧具有的最大彈性勢能Epm為30J;
(4)整個(gè)運(yùn)動過程中,物體B的最大速度為10m/s

點(diǎn)評 本題考查了求速度、彈簧的彈性勢能,應(yīng)用動量守恒定律與能量守恒定律即可正確解題;解題時(shí)要注意,子彈擊中A的過程中,子彈與A組成的系統(tǒng)動量守恒但機(jī)械能不守恒.

練習(xí)冊系列答案
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13.如圖所示,電池組的電動勢E=18V,內(nèi)阻r=1Ω,R2=5Ω,R3=6Ω,平行金屬板水平放置,板間距離d=2cm,當(dāng)可變電阻R1的滑片移到R1的中點(diǎn)時(shí),一個(gè)帶電q=-8×10-7C的油滴正好平衡于平行板間,電流表示數(shù)為2A,求:
(1)R1的全部電阻值;
(2)油滴的質(zhì)量;
(3)在R1的滑片移動到最下端時(shí),油滴獲得的加速度是多大?

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14.關(guān)于速度和加速度的說法中正確的是( 。
A.物體的速度不變,則加速度一定為零
B.物體的加速度減小,則速度一定減小
C.物體的速度增加,則加速度可能不變
D.物體的速度為零時(shí),加速度一定為零

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7.在如圖所示的xoy平面內(nèi)(y軸的正方向豎直向上)存在著水平向右的勻強(qiáng)電場,有一帶正電的小球自坐標(biāo)原點(diǎn)O沿y軸正方向豎直向上拋出,它的初動能為8J,不計(jì)空氣阻力,它上升的最高點(diǎn)為M點(diǎn),求:

(1)試分析說明帶電小球被拋出后沿豎直方向和水平方向分別做什么運(yùn)動?
(2)若帶電小球落回到x軸上的P點(diǎn),在圖中標(biāo)出P點(diǎn)的位置;
(3)求帶電小球從拋出到落回到x軸的過程中最小動能.

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(2)滑塊B著地前瞬間的速度大;
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4.關(guān)于光的本性,下列說法中正確的是( 。
A.有的光是波,有的光是粒子
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D.個(gè)別光子的行為表現(xiàn)出粒子性,大量光子的行為表現(xiàn)出波動性

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11.關(guān)于做自由落體運(yùn)動的物體,正確的有( 。
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