Question

8．如圖所示，長(zhǎng)為3L的長(zhǎng)木板AD放在光滑的水平面上，B、C兩點(diǎn)將長(zhǎng)木板三等分．AB，CD段光滑．一物塊從A點(diǎn)以一定的初速度滑上長(zhǎng)木板．物塊與BC段間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，物塊質(zhì)量為m，長(zhǎng)木板的質(zhì)量為2m．重力加速度為g．
求：
（1）要使物塊不滑離長(zhǎng)木板，物塊的初速度應(yīng)滿足什么條件：
（2）若初速度為2$\sqrt{μgL}$，則物塊在長(zhǎng)木板上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為多少．

Answer 1

分析 （1）對(duì)物塊和木板組成的系統(tǒng)運(yùn)用動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律，抓住臨界狀態(tài)，即速度相等時(shí)恰好滑到C點(diǎn)，求出初速度滿足的條件．
（2）物塊在AB段做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移公式求出AB段的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，根據(jù)牛頓第二定律求出物塊和木板在BC段的加速度，結(jié)合位移之差等于L求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，以及在C點(diǎn)物塊和木板的速度，結(jié)合位移之差等于L求出CD段的時(shí)間，從而得出總時(shí)間．

解答 解：（1）物塊不滑離木板的臨界情況是速度相等時(shí)恰好滑動(dòng)C點(diǎn)，
以物塊和木板組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，根據(jù)動(dòng)量守恒 定律得，mv₀=（2m+m）v，解得v=$\frac{{v}_{0}}{3}$，
根據(jù)能量守恒得，$μmgL=\frac{1}{2}m{{v}_{0}}^{2}-\frac{1}{2}•3m{v}^{2}$，
解得v₀=$\sqrt{3μgL}$．
則${v}_{0}≤\sqrt{3μgL}$．
（2）若初速度為2$\sqrt{μgL}$$＞\sqrt{3μgL}$，物塊會(huì)滑離木板，
AB段運(yùn)動(dòng)時(shí)間${t}_{1}=\frac{L}{{v}_{0}}=\frac{L}{2\sqrt{μgL}}=\frac{1}{2}\sqrt{\frac{L}{μg}}$，
BC段，由x_物-x_板=L得，
$（{v}_{0}{t}_{2}-\frac{1}{2}{a}_{物}{{t}_{2}}^{2}）-\frac{1}{2}{a}_{板}{{t}_{2}}^{2}=L$
根據(jù)牛頓第二定律得，a_物=μg，木板的加速度${a}_{板}=\frac{μmg}{2m}=\frac{1}{2}μg$，
代入數(shù)據(jù)解得${t}_{2}=\frac{2}{3}\sqrt{\frac{L}{μg}}$．
C點(diǎn)速度${v}_{物}={v}_{0}-{a}_{物}{t}_{2}=\frac{4}{3}\sqrt{μgL}$，${v}_{板}={a}_{板}{t}_{2}=\frac{1}{3}\sqrt{μgL}$，
CD段運(yùn)動(dòng)的時(shí)間${t}_{3}=\frac{L}{{v}_{物}-{v}_{板}}=\sqrt{\frac{L}{μg}}$，
則總時(shí)間t=t₁+t₂+t₃=$\frac{1}{2}\sqrt{\frac{L}{μg}}+\frac{2}{3}\sqrt{\frac{L}{μg}}+\sqrt{\frac{L}{μg}}$=$\frac{13}{6}\sqrt{\frac{L}{μg}}$．
答：（1）要使物塊不滑離長(zhǎng)木板，物塊的初速度應(yīng)滿足${v}_{0}≤\sqrt{3μgL}$．
（2）物塊在長(zhǎng)木板上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為$\frac{13}{6}\sqrt{\frac{L}{μg}}$．

點(diǎn)評(píng) 解決本題的關(guān)鍵理清物塊和木板在整個(gè)過程中的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式綜合求解，對(duì)于第一問也可以采用動(dòng)力學(xué)知識(shí)進(jìn)行求解．