分析 (1)(2)P1從A到O的過程是勻速直線運動,知道了AO的距離和P1速度,可求出P1從A到O所用的時間t,當(dāng)P1到達(dá)O點與P2碰撞,碰撞過程中符合動量守恒.又因條件中有T=$\frac{{L}_{0}}{{v}_{0}}$,故碰后P1開始受到電場力的作用,向左做勻減速運動,用運動學(xué)公式和牛頓第二定律可求出P1向做運動的最大位移和所需時間.
(3)討論兩球在OB區(qū)域能否再次發(fā)生碰撞,就是判斷從第一次碰撞開始,在4T的時間內(nèi),P1能否追上P2,此問利用假設(shè)法解答,假設(shè)能碰撞,可判斷此過程中兩球的位移相等.應(yīng)用運動學(xué)公式驗證假設(shè)成立.
解答 解:(1)小球P1到達(dá)O點的時間T=$\frac{{L}_{0}}{{v}_{0}}$,與P2碰撞時,電場剛好由零變?yōu)镋0,碰撞后,P1的速度:v1=$\frac{2}{3}$v0,在電場中,P1的加速度是:a=$\frac{q{E}_{0}}{{m}_{1}}$,
在t1時間內(nèi),有電場,P1做勻減速運動P1向左運動的最大距離為:s=$\frac{{v}_{1}^{2}}{2a}$=$\frac{1}{3}$L0;
(2)由動能定理:$q{E_0}s=\frac{1}{2}mv_1^2=\frac{1}{2}m{(\frac{2}{3}v_0^{\;})^2}$s,
由動量定理:qE0t=mv1,
解得:t=T;
(3)系統(tǒng)動量守恒,以向右為正方向,由動量守恒定律得:m1v0=m1v1+m2v2
解得P2的速度:v2=$\frac{1}{3}$v0,
P2從O點運動到B點所需時間:t2=$\frac{L}{{v}_{2}}$=4T,
在t2時間內(nèi),一直存在電場,則P1的位移:x1=v1t2+$\frac{1}{2}$at22=2L,
由于x1>L,故在OB之間P1與P2能再次碰撞;
答:(1)碰撞后小球P1向左運動的最大距離為$\frac{1}{3}$L0;
(2)碰撞后小球P1向左運動所需時間為T;
(3)兩球能否在OB區(qū)間內(nèi)能再次發(fā)生碰撞.
點評 判斷兩球在O點碰撞后P1開始受電場力的作用是解決本題關(guān)鍵之一,碰撞過程動量守恒.分析判斷P1碰撞后在電場力的作用下如何運動和追擊P2是解決本題的關(guān)鍵之二,還要判斷在追擊過程中,P1受到的電場力是否發(fā)生變化.教具追擊與相遇問題的關(guān)鍵是尋找相關(guān)聯(lián)的物理量,此題中位移關(guān)系成了相關(guān)聯(lián)的量.此題電場強(qiáng)度E隨時間的變化改成到3T時電場消失,第二問又應(yīng)如何解答呢?
科目:高中物理 來源: 題型:填空題
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科目:高中物理 來源: 題型:解答題
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科目:高中物理 來源: 題型:解答題
計數(shù)點 | B | C | D | E | F |
單位(cm) |
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科目:高中物理 來源: 題型:多選題
A. | 彈簧壓縮到最短時,兩物塊的速度相同 | |
B. | 彈簧壓縮到最短時,兩物塊的加速度相同 | |
C. | 兩木塊速度相同時,加速度aA>aB | |
D. | 兩木塊加速度相同時,速度vA>vB |
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科目:高中物理 來源: 題型:填空題
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