A. | 常溫下,0.1 mol/L Na2S溶液中存在:c(OH-)=c(H+)+c(HS-)+c(H2S) | |
B. | 0.1mol/L NaHCO3溶液與0.1mol/L NaOH溶液等體積混合,所得溶液中:C(Na+)>c(CO32-)>c(HCO3- )>c(OH-)>c(H+) | |
C. | pH相同的 ①CH3COONa ②NaHCO3 ③NaClO三種溶液的c(Na+):①>②>③ | |
D. | 向0.1 mol•L-1的氨水中加入少量硫酸銨固體,則溶液中$\frac{c(O{H}^{-})}{c(N{H}_{3}.{H}_{2}O)}$增大 |
分析 A、依據(jù)硫化鈉溶液中存在的質子守恒分析計算判斷;
B、0.1mol/L NaHCO3溶液與0.1mol/L NaOH溶液等體積混合,生成碳酸鈉溶液,所以離子濃度大小為:C(Na+)>c(CO32-)>c(OH-)>c(HCO3- )>c(H+);C、對應酸的酸性越弱,其鹽的水解程度越大,溶液的堿性越強,溶液PH越大;當PH相同時,酸越強,鹽的濃度越大;
D、溶液中銨根離子濃度增大,抑制了一水合氨的電離.
解答 解:A、依據(jù)硫化鈉溶液中存在的質子守恒分析,溶液中水完全電離出氫氧根離子和氫離子相同分析得到,c(OH-)=c(H+)+c(HS-)+2c(H2S),故A錯誤;
B、0.1mol/L NaHCO3溶液與0.1mol/L NaOH溶液等體積混合,生成碳酸鈉溶液,所以離子濃度大小為:C(Na+)>c(CO32-)>c(OH-)>c(HCO3- )>c(H+),故B錯誤;
C、在相同的條件下測得①CH3COONa ②NaHCO3 ③NaClO三種溶液pH相同,已知酸性:CH3COOH>HClO>HCO3-,所以水解程度:NaClO>NaHCO3>CH3COONa,pH相同時,溶液的濃度:NaClO<NaHCO3<CH3COONa,所以鈉離子的濃度為:①>②>③,故C正確;
D、向0.1mol/L的氨水中加入少量硫酸銨固體,溶液中銨根離子濃度增大,抑制了一水合氨的電離,則一水合氨的濃度增大,氫氧根離子的濃度減小,則溶液中$\frac{c(O{H}^{-})}{c(N{H}_{3}.{H}_{2}O)}$減小,故D錯誤;
故選C.
點評 本題考查看酸堿混合定性判斷、溶液酸堿性、溶液中離子濃度大小判斷,題目難度中等,注意掌握溶液酸堿性與溶液pH的關系及計算方法,明確溶液中離子濃度大小比較的方法.
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操作 | 現(xiàn)象 |
打開分液漏斗活塞,滴加一定量濃鹽酸,加熱 | i.A中有黃綠色氣體生成,C中液面上方有白霧,溶液中開始出現(xiàn)少量渾濁; ii.一段時間后,C中產生大量黃色沉淀. |
用濕潤的淀粉碘化鉀試紙檢驗C中白霧 | 淀粉碘化鉀試紙變藍 |
C中濁液過濾后,取少量濾液用鹽酸酸化,滴加氯化鋇溶液 | 有白色沉淀生成 |
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科目:高中化學 來源: 題型:解答題
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科目:高中化學 來源: 題型:多選題
A. | Cu2+物質的量濃度 | B. | Cl-物質的量濃度 | ||
C. | Cu極質量 | D. | C(石墨)極質量 |
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科目:高中化學 來源: 題型:選擇題
A. | 0.001 mol•L-1 | B. | O.002 mol•L-1 | C. | 0.003 mol•L-1 | D. | O.00125 mol•L-1 |
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