18.若函數(shù)f(x)=4x2+2x-2+mex有兩個(gè)不同的零點(diǎn),則實(shí)數(shù)m取值范圍為( 。
A.[0,1)B.[0,2)∪{-$\frac{18}{{e}^{2}}$}C.(0,2)∪{-$\frac{18}{{e}^{2}}$}D.[0,2$\sqrt{e}$)∪{-$\frac{18}{{e}^{2}}$}

分析 利用函數(shù)與方程的關(guān)系轉(zhuǎn)化為兩個(gè)函數(shù)交點(diǎn)個(gè)數(shù)問題,利用參數(shù)分離法進(jìn)行分離函數(shù),然后構(gòu)造函數(shù),求函數(shù)的導(dǎo)數(shù),利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的極值,利用數(shù)形結(jié)合進(jìn)行求解即可.

解答 解:由f(x)=4x2+2x-2+mex=0得-mex=4x2+2x-2,得m=-$\frac{4{x}^{2}+2x-2}{{e}^{x}}$,
設(shè)h(x)=-$\frac{4{x}^{2}+2x-2}{{e}^{x}}$,
則h′(x)=-$\frac{(8x+2){e}^{x}-(4{x}^{2}+2x-2){e}^{x}}{({e}^{x})^{2}}$=$\frac{4{x}^{2}-6x-4}{{e}^{x}}$=$\frac{2(x-2)(2x+1)}{{e}^{x}}$
由h′(x)>0得x>2或x<$-\frac{1}{2}$,此時(shí)函數(shù)遞增,
由h′(x)<0得$-\frac{1}{2}$<x<2,此時(shí)函數(shù)遞減,
即當(dāng)x=2時(shí),函數(shù)取得極小值h(2)=-$\frac{4×4+2×2-2}{{e}^{2}}$=-$\frac{18}{{e}^{2}}$,
當(dāng)x=-$\frac{1}{2}$時(shí),函數(shù)取得極大值h(-$\frac{1}{2}$)=-$\frac{4×\frac{1}{4}-2×\frac{1}{2}-2}{{e}^{-\frac{1}{2}}}$=2$\sqrt{e}$,
當(dāng)x→+∞時(shí),h(x)<0,當(dāng)x→-∞時(shí),h(x)→-∞,
則函數(shù)h(x)對(duì)應(yīng)的圖象如圖:
若函數(shù)f(x)=4x2+2x-2+mex有兩個(gè)不同的零點(diǎn),
等價(jià)為m=-$\frac{4{x}^{2}+2x-2}{{e}^{x}}$有兩個(gè)不同的根,
則0≤m<2$\sqrt{e}$或m=-$\frac{18}{{e}^{2}}$,
即實(shí)數(shù)m的取值范圍是[0,2$\sqrt{e}$)∪{-$\frac{18}{{e}^{2}}$},
故選:D

點(diǎn)評(píng) 本題主要考查函數(shù)與方程的應(yīng)用,根據(jù)函數(shù)零點(diǎn)個(gè)數(shù)轉(zhuǎn)化為方程根的個(gè)數(shù)以及兩個(gè)函數(shù)的交點(diǎn)個(gè)數(shù)問題,利用參數(shù)分離法,以及構(gòu)造分式,構(gòu)造函數(shù),求函數(shù)的導(dǎo)數(shù),利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的極值和最值,結(jié)合數(shù)形結(jié)合是解決本題的關(guān)鍵.綜合性較強(qiáng),難度較大.

練習(xí)冊(cè)系列答案
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