Question

4．已知函數(shù)f（x）=（2k-1）lnx+$\frac{k}{x}$+2x，有以下命題：
①當(dāng)k=-$\frac{1}{2}$時(shí)，函數(shù)f（x）在（0，$\frac{1}{2}}$）上單調(diào)遞增；
②當(dāng)k≥0時(shí)，函數(shù)f（x）在（0，+∞）上有極大值；
③當(dāng)-$\frac{1}{2}$＜k＜0時(shí)，函數(shù)f（x）在（$\frac{1}{2}$，+∞）上單調(diào)遞減；
④當(dāng)k＜-$\frac{1}{2}$時(shí)，函數(shù)f（x）在（0，+∞）上有極大值f（${\frac{1}{2}}$），有極小值f（-k）．
其中正確命題的序號(hào)是（　�。�

• A． ①③
• B． ②④
• C． ①④
• D． ②③

Answer 1

分析 求函數(shù)的導(dǎo)數(shù)，分別利用函數(shù)單調(diào)性和導(dǎo)數(shù)之間的關(guān)系進(jìn)行判斷即可．

解答 解：函數(shù)的定義域?yàn)椋?，+∞），
函數(shù)的導(dǎo)數(shù)f′（x）=$\frac{2k-1}{x}$-$\frac{k}{{x}^{2}}$+2=$\frac{2{x}^{2}+（2k-1）x-k}{{x}^{2}}$=$\frac{（x+k）（2x-1）}{{x}^{2}}$=$\frac{2（x+k）（x-\frac{1}{2}）}{{x}^{2}}$，
①當(dāng)k=-$\frac{1}{2}$時(shí)，f′（x）=$\frac{2（x-\frac{1}{2}）^{2}}{{x}^{2}}$≥0恒成立，則函數(shù)f（x）在（0，+∞）上單調(diào)遞增，
則在（0，$\frac{1}{2}}$）上單調(diào)遞增，故①正確；
②當(dāng)k≥0時(shí)，由f′（x）＞0得x＞$\frac{1}{2}$，此時(shí)函數(shù)為增函數(shù)，
由f′（x）＜0，得0＜x＜$\frac{1}{2}$，此時(shí)函數(shù)為減函數(shù)，即當(dāng)x=$\frac{1}{2}$時(shí)，函數(shù)f（x）存在極小值，
即可函數(shù)f（x）在（0，+∞）上有極大值錯(cuò)誤，故②錯(cuò)誤；
③當(dāng)-$\frac{1}{2}$＜k＜0時(shí)，則0＜-k＜$\frac{1}{2}$，
由f′（x）＜0得-k＜x＜$\frac{1}{2}$，
由f′（x）＞0得0＜x＜-k或x＞$\frac{1}{2}$，即函數(shù)f（x）在（$\frac{1}{2}$，+∞）上單調(diào)遞增；故③錯(cuò)誤，
④當(dāng)k＜-$\frac{1}{2}$時(shí)，-k＞$\frac{1}{2}$，由f′（x）＞0得0＜x＜$\frac{1}{2}$或x＞-k，此時(shí)函數(shù)單調(diào)遞增，
由f′（x）＜0得$\frac{1}{2}$＜x＜-k，即函數(shù)為減函數(shù)，即函數(shù)f（x）在（0，+∞）上有極大值f（${\frac{1}{2}}$），
有極小值f（-k）．故④正確，
故正確命題的序號(hào)①④，
故選：C

點(diǎn)評 本題主要考查命題的真假判斷，涉及函數(shù)的單調(diào)性和導(dǎo)數(shù)的關(guān)系，考查學(xué)生的計(jì)算能力．