Question

9．已知函數(shù)f（x）=x+lg$\sqrt{{x}^{2}+1}$+x）的定義域是R．
（1）判斷f（x）在R上的單調(diào)性，并證明；
（2）若不等式f（m•3^x）+f（3^x-9^x-4）＜0對(duì)任意x∈R恒成立，求實(shí)數(shù)m的取值范圍．

Answer 1

分析 （1）判斷函數(shù)的奇偶性，再證明x＞0的單調(diào)性，得出整個(gè)單調(diào)性；
（2）利用函數(shù)的奇偶性和單調(diào)性對(duì)不等式進(jìn)行轉(zhuǎn)化，把恒成立問(wèn)題轉(zhuǎn)化為最值問(wèn)題．

解答 （1）因?yàn)楹瘮?shù)f（x）的定義域?yàn)镽，對(duì)于函數(shù)f（x）定義域內(nèi)的每一個(gè)x，都有
f（-x）=-x+lg（$\sqrt{{x}^{2}+1}-x$）=-x+lg$\frac{1}{\sqrt{{x}^{2}+1}+x}$=-f（x），．
所以，函數(shù)f（x）=x+lg$\sqrt{{x}^{2}+1}$+x）是奇函數(shù)．--（2分）
設(shè)x₁，x₂是（0，+∞）上任意兩個(gè)實(shí)數(shù)，且x₁＜x₂，則
f（x₁）-f（x₂）=（x₁-x₂）+lg$\frac{\sqrt{{{x}_{1}}^{2}+1}+{x}_{1}}{\sqrt{{{x}_{2}}^{2}+1}+{x}_{2}}$．．
由x₁＜x₂，
得x₁-x₂＜0，lg$\frac{\sqrt{{{x}_{1}}^{2}+1}+{x}_{1}}{\sqrt{{{x}_{2}}^{2}+1}+{x}_{2}}$＜1．
于是f（x₁）-f（x₂）＜0，
即f（x₁）＜f（x₂）=（．
所以函數(shù)在（0，+∞）上是增函數(shù)，且f（x）＞0，、f（0）=0，
根據(jù)奇函數(shù)的性質(zhì)可得f（x）在R上的單調(diào)遞增．
（2）f（m•3^x）+f（3^x-9^x-4）＜0  等價(jià)于 m•3^x＜-3^x+9^x+4，
即 m＜3^x$+\frac{4}{{3}^{x}}$-1
令t=3^x，設(shè)函數(shù)g（t）=t+$\frac{4}{t}$-1．
由函數(shù)g（t）的單調(diào)性可知最小值為3，
∴m＜3．
∴實(shí)數(shù)m的取值范圍（-∞，3）．

點(diǎn)評(píng) 考查了函數(shù)單調(diào)性的證明和奇偶性，單調(diào)性的綜合應(yīng)用和恒成立問(wèn)題的轉(zhuǎn)化思想．