Question

15．如圖，四棱錐P-ABCD的底面是直角梯形．∠BAD=∠CDA=90°，直線PD⊥底面ABCD，AB=1，DC=2，AD=$\sqrt{3}$．點(diǎn)E是BC的中點(diǎn)．
（1）求證：AE⊥平面PBD；（2）若PD=$\frac{3}{2}$，求直線PC與平面PAE所成角的正弦值．

Answer 1

分析 （1）建立空間坐標(biāo)系，利用向量法結(jié)合線面垂直的判定定理即可證明AE⊥平面PBD；
（2）求出平面的法向量，利用向量法求出二面角的平面角的余弦值，即可得到結(jié)論．

解答 證明：（1）∵PD⊥底面ABCD，AE?平面ABCD，
則PD⊥AE，
建立以D為坐標(biāo)原點(diǎn)，以DA，DC，DP分別為x，y，z軸，
建立空間坐標(biāo)系如圖：∵AB=1，DC=2，AD=$\sqrt{3}$，點(diǎn)E是BC的中點(diǎn)．
∴D（0，0，0），A（$\sqrt{3}$，0，0），B（$\sqrt{3}$，1，0），C（0，2，0），E（$\frac{\sqrt{3}}{2}$，$\frac{3}{2}$，0），
則$\overrightarrow{DB}$=（$\sqrt{3}$，1，0），$\overrightarrow{AE}$=（-$\frac{\sqrt{3}}{2}$，$\frac{3}{2}$，0），
則$\overrightarrow{DB}$•$\overrightarrow{AE}$=（$\sqrt{3}$，1，0）•（-$\frac{\sqrt{3}}{2}$，$\frac{3}{2}$，0）=-$\frac{\sqrt{3}}{2}$×$\sqrt{3}$$+\frac{3}{2}$=-$\frac{3}{2}$+$\frac{3}{2}$=0，
則$\overrightarrow{DB}$⊥$\overrightarrow{AE}$，
即AE⊥DB，
∵DB∩PD=D，
∴AE⊥平面PBD；
解：（2）若PD=$\frac{3}{2}$，則P（0，0，$\frac{3}{2}$），
則$\overrightarrow{PA}$=（-$\sqrt{3}$，0，$\frac{3}{2}$），$\overrightarrow{AE}$=（-$\frac{\sqrt{3}}{2}$，$\frac{3}{2}$，0），$\overrightarrow{PC}$=（0，2，-$\frac{3}{2}$），
設(shè)平面PAE的法向量為$\overrightarrow{m}$=（x，y，z）
則$\overrightarrow{m}$•$\overrightarrow{PA}$=-$\sqrt{3}$x+$\frac{3}{2}$z=0，$\overrightarrow{m}$•$\overrightarrow{AE}$=-$\frac{\sqrt{3}}{2}$x+$\frac{3}{2}$y=0，
令x=$\sqrt{3}$，則z=2，y=1，
則$\overrightarrow{m}$=（$\sqrt{3}$，1，2），
設(shè)直線PC與平面PAE所成的角為θ，
則sinθ=|cos＜$\overrightarrow{m}$，$\overrightarrow{PC}$＞|=|$\frac{\overrightarrow{m}•\overrightarrow{PC}}{|\overrightarrow{m}||\overrightarrow{PC}|}$|=|$\frac{2-\frac{3}{2}×2}{\sqrt{3+1+4}•\sqrt{4+\frac{9}{4}}}$|=$\frac{1}{\sqrt{8}•\sqrt{\frac{25}{4}}}=\frac{1}{2\sqrt{2}×\frac{5}{2}}$=$\frac{1}{5\sqrt{2}}$=$\frac{\sqrt{2}}{10}$，
即直線PC與平面PAE所成角的正弦值是$\frac{\sqrt{2}}{10}$．

點(diǎn)評(píng) 本題主要考查線面垂直的判定以及線面角的求解，建立坐標(biāo)系，利用向量法是解決本題的關(guān)鍵．考查學(xué)生的運(yùn)算能力．